标签：穿透 动态 log pre 记录 发放 题目 iostream include
深绘里一直很讨厌雨天。
灼热的天气穿透了前半个夏天，后来一场大雨和随之而来的洪水，浇灭了一切。
虽然深绘里家乡的小村落对洪水有着顽固的抵抗力，但也倒了几座老房子，几棵老树被连
根拔起，以及田地里的粮食被弄得一片狼藉。
无奈的深绘里和村民们只好等待救济粮来维生。
不过救济粮的发放方式很特别。
首先村落里的一共有n 座房屋，并形成一个树状结构。然后救济粮分m 次发放，每次选择
两个房屋(x,y)，然后对于x 到y 的路径上（含x 和y) 每座房子里发放一袋z 类型的救济粮。
然后深绘里想知道，当所有的救济粮发放完毕后，每座房子里存放的最多的是哪种救济粮。
相信大多数人都跟我一样，看到这道题，果断认为是树链剖分。
其实不然（我1.5h把熟练剖分打出来，以为能过50%。结果打错了，20%。然后。。。打暴力的人都是50%，#%……&*）。
我们注意到z<=10^9，那么的数据范围。
但是m<=100000，所以就先做个离散化。
。。。
接着用到个很神奇的东西，叫线段树合并。
对于树上的每一个节点开一棵线段树，记录该节点的每个z的数量以及某一段z的最大值。注意要动态开节点，否则会爆空间。
发现，如果要修改从x到y的路径，其实就是将x的z值加一，y的z值加一，lca(x,y)的z值减一以及fa[lca(x,y)]的z值减一（why？因为当线段树合并后从x到lca(x,y)的路径上和从y到lca(x,y)的路径上的每个节点的z值都加一，但lca(x,y)这个节点重复加了，那么就减掉。不过剩余的z值还会继续上传，所以在fa[lca(x,y)]**就把上传的z值减去）
合并操作
int mesh(int x,int y,int l,int r)
{
if(l==r)
{
tree[x].v+=tree[y].v;
return 0;
}
int mid=(l+r)/2;
if(tree[y].l)
{
if(!tree[x].l)
tree[x].l=tree[y].l;
else
mesh(tree[x].l,tree[y].l,l,mid);
}
if(tree[y].r)
{
if(!tree[x].r)
tree[x].r=tree[y].r;
else
mesh(tree[x].r,tree[y].r,mid+1,r);
}
tree[x].v=max(tree[tree[x].l].v,tree[tree[x].r].v);
}当然，当所有的修改操作做完后才线段树合并，否则会超时。
#include <cmath>
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>
const int maxlongint=2147483647;
using namespace std;
struct trees
{
int l,r,v;
}tree[8000000];
struct read
{
int x,y,z;
}re[110000];
int next[201000],last[201000],to[201000],po,tot,n,m,g[200000][20],t[200000],deep[200000],f[200000],sum,ans[2000000];
bool cmp(read x,read y)
{
return x.z<y.z;
}
int bj(int x,int y)
{
next[++tot]=last[x];
last[x]=tot;
to[tot]=y;
}
int dg(int x)
{
for(int i=last[x];i;i=next[i])
{
int j=to[i];
if(j!=g[x][0])
{
deep[j]=deep[x]+1;
g[j][0]=x;
dg(j);
}
}
}
int prelca()
{
for(int j=1;j<=log2(n);j++)
{
for(int i=1;i<=n;i++)
{
g[i][j]=g[g[i][j-1]][j-1];
}
}
}
int lca(int x,int y)
{
if(deep[x]>deep[y])
{
x=x^y;
y=x^y;
x=x^y;
}
for(int i=log2(n);i>=0;i--)
{
if(deep[g[y][i]]>deep[x])
y=g[y][i];
}
if(deep[y]!=deep[x]) y=g[y][0];
for(int i=log2(n);i>=0;i--)
{
if(g[y][i]!=g[x][i])
{
y=g[y][i];
x=g[x][i];
}
}
if(x!=y) y=g[y][0];
return y;
}
int put(int v,int l,int r,int x,int y)
{
if(l==r)
{
tree[v].v+=y;
return 0;
}
int mid=(l+r)/2;
if(x<=mid)
{
if(!tree[v].l)
tree[v].l=++sum;
put(tree[v].l,l,mid,x,y);
}
else
{
if(!tree[v].r)
tree[v].r=++sum;
put(tree[v].r,mid+1,r,x,y);
}
tree[v].v=max(tree[tree[v].l].v,tree[tree[v].r].v);
}
int work(int x,int y,int z)
{
int lc=lca(x,y);
if(!f[x])
{
f[x]=++sum;
}
put(f[x],1,tot,z,1);
if(!f[y])
{
f[y]=++sum;
}
put(f[y],1,tot,z,1);
if(!f[lc])
{
f[lc]=++sum;
}
put(f[lc],1,tot,z,-1);
if(g[lc][0])
{
if(!f[g[lc][0]]) f[g[lc][0]]=++sum;
put(f[g[lc][0]],1,tot,z,-1);
}
}
int mesh(int x,int y,int l,int r)
{
if(l==r)
{
tree[x].v+=tree[y].v;
return 0;
}
int mid=(l+r)/2;
if(tree[y].l)
{
if(!tree[x].l)
tree[x].l=tree[y].l;
else
mesh(tree[x].l,tree[y].l,l,mid);
}
if(tree[y].r)
{
if(!tree[x].r)
tree[x].r=tree[y].r;
else
mesh(tree[x].r,tree[y].r,mid+1,r);
}
tree[x].v=max(tree[tree[x].l].v,tree[tree[x].r].v);
}
int find(int v,int l,int r)
{
if(l==r)
{
return l;
}
if(tree[tree[v].l].v==0 && tree[tree[v].r].v==0)
return 0;
int mid=(l+r)/2;
if(tree[tree[v].l].v>=tree[tree[v].r].v)
{
return find(tree[v].l,l,mid);
}
else
{
return find(tree[v].r,mid+1,r);
}
}
int merge(int x)
{
for(int i=last[x];i;i=next[i])
{
int j=to[i];
if(j!=g[x][0])
{
merge(j);
if(!f[x])
{
f[x]=++sum;
}
if(!f[j])
{
f[j]=++sum;
}
mesh(f[x],f[j],1,tot);
}
}
ans[x]=find(f[x],1,tot);
}
int main()
{
scanf("%d",&n);
scanf("%d",&m);
for(int i=1;i<=n-1;i++)
{
int x,y;
scanf("%d%d",&x,&y);
bj(x,y);
bj(y,x);
}
deep[1]=1;
dg(1);
prelca();
for(int i=1;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d%d",&re[i].x,&re[i].y,&re[i].z);
}
sort(re+1,re+m+1,cmp);
tot=0;
sum=0;
for(int i=1;i<=m;i++)
{
if(re[i].z==t[tot])
{
re[i].z=tot;
}
else
{
t[++tot]=re[i].z;
re[i].z=tot;
}
}
for(int i=1;i<=m;i++)
{
work(re[i].x,re[i].y,re[i].z);
}
merge(1);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(!f[i])
{
f[i]=++sum;
}
printf("%d\n",t[ans[i]]);
}
}
标签：穿透 动态 log pre 记录 发放 题目 iostream include
原文地址：https://www.cnblogs.com/chen1352/p/9026702.html
