标签：api 次数 cstring 推导 tps blog ace ring 基础
https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4518
https://www.luogu.org/problemnew/show/P4072
Pine开始了从S地到T地的征途。从S地到T地的路可以划分成n段，相邻两段路的分界点设有休息站。Pine计划用m天到达T地。除第m天外，每一天晚上Pine都必须在休息站过夜。所以，一段路必须在同一天中走完。Pine希望每一天走的路长度尽可能相近，所以他希望每一天走的路的长度的方差尽可能小。帮助Pine求出最小方差是多少。设方差是v，可以证明，v×m^2是一个整数。为了避免精度误差，输出结果时输出v×m^2。
设第i段划分路的长度为ai，则不难推导出答案为m*sigma(a^2)-(sigma(a))^2。
维护前缀和s[i]，于是设f[i]为前i条路的最少费用，就有f[i]=min(f[i],f[j]+(s[[i]-s[j])^2)。
愉快的斜率优化维护，大致操作跟BZOJ3675 & 洛谷3648 & UOJ104：[Apio2014]序列分割一样（是的这两道题几乎相同，可能式子不一样……？）复杂度O(nm)。
……然而这道题是在去apio之后看的wuvin课件写的，于是……这其实是裸的wqs二分。
二分划分代价为c，c越大划分次数越少，反之越多（因为c减小时，显然答案在原基础上变得更小，可以选择不继续划分（当然答案还是比原来小），或者可以多花点c来划分序列，于是划分一定变多。）将划分次数逼近为m则此时即为答案。
复杂度O(nlogV)快到不知道哪里去了，这题n可以为1e5。
#include<queue> #include<cmath> #include<cstdio> #include<cctype> #include<cstring> #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; typedef long long ll; typedef long double dl; const int N=50005; inline int read(){ int X=0,w=0;char ch=0; while(!isdigit(ch)){w|=ch==‘-‘;ch=getchar();} while(isdigit(ch))X=(X<<3)+(X<<1)+(ch^48),ch=getchar(); return w?-X:X; } int n,m,q[N],g[N]; ll s[N],f[N]; inline ll sqr(ll x){return x*x;} inline dl suan(int k,int j){ if(s[k]==s[j])return -1e18; return (dl)(f[k]-f[j]+sqr(s[k])-sqr(s[j]))/(s[k]-s[j]); } bool pan(ll c){ int l=0,r=0; for(int i=1;i<=n;i++){ while(l<r&&suan(q[l],q[l+1])<(dl)2*s[i])l++; f[i]=f[q[l]]+sqr(s[i]-s[q[l]])+c; g[i]=g[q[l]]+1; while(l<r&&suan(q[r-1],q[r])>suan(q[r],i))r--; q[++r]=i; } return g[n]<=m; } ll solve(ll l,ll r){ ll ans; while(l<r){ ll mid=(l+r)>>1; if(!pan(mid))l=mid+1; else{ ans=m*(f[n]-mid*m)-sqr(s[n]);r=mid;//这里括号里面的m改为g[n]就会wa不知道为什么有谁能解答一下吗
//主要是感觉最后反正g[n]也会变成m就乘了g[n]结果就90分了…… } } return ans; } int main(){ n=read(),m=read(); for(int i=1;i<=n;i++)s[i]=s[i-1]+read(); printf("%lld\n",solve(0,sqr(s[n]))); return 0; }
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