标签：std problem amp scanf while 翻译 cto reg ==
洛谷
CF
翻译：
有一个\(n*m\)的表格(\(n<=20,m<=10^5\))，
每个表格里面有一个\(0/1\)，
每次可以将一行或者一列的\(01\)全部翻转
回答表格中最少有多少个\(1\)
发现\(n\)很小，\(m\)很大
状压是跑不掉了
如果我们确定翻转哪些行，那么答案唯一确定（贪心的选每一列中\(0/1\)的较小值）
相同的列显然可以合并，
把每一列按照\(01\)状压，记\(a[i]\)为状态为\(i\)的列的个数
记\(f[i]\)表示翻转状态为\(i\)的那些行的结果
假设翻转的行为\(S\)，这一列的状态为\(i\)，显然最终就变成了\(i\oplus S\)
而对于每一列的任意一种状态\(i\)
答案显然是\(min(Numberof(0),Numberof(1))\)
预处理出来
这样子的话，我们就知道了\(f[i]=\sum_{j\oplus k=i}a[j]*b[k]\)
显然这是一个\(xor\)卷积，用\(FWT\)优化即可。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<set>
#include<map>
#include<vector>
#include<queue>
using namespace std;
#define ll long long
#define RG register
inline int read()
{
RG int x=0,t=1;RG char ch=getchar();
while((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-')ch=getchar();
if(ch=='-')t=-1,ch=getchar();
while(ch<='9'&&ch>='0')x=x*10+ch-48,ch=getchar();
return x*t;
}
int N,n,m;
ll a[1<<20],b[1<<20];
int g[21][100001];
void FWT(ll *P,int opt)
{
for(int i=2;i<=N;i<<=1)
for(int p=i>>1,j=0;j<N;j+=i)
for(int k=j;k<j+p;++k)
{
ll x=P[k],y=P[k+p];
P[k]=x+y;P[k+p]=x-y;
if(opt==-1)P[k]/=2,P[k+p]/=2;
}
}
int main()
{
n=read();m=read();N=1<<n;
char ch[100001];
for(int i=1;i<=n;++i)
{
scanf("%s",ch+1);
for(int j=1;j<=m;++j)g[i][j]=ch[j]-48;
}
for(int i=1;i<=m;++i)
{
int x=0;
for(int j=1;j<=n;++j)x=(x<<1)|g[j][i];
a[x]++;
}
for(int i=0;i<N;++i)b[i]=b[i>>1]+(i&1);
for(int i=0;i<N;++i)b[i]=min(b[i],n-b[i]);
FWT(a,1);FWT(b,1);
for(int i=0;i<N;++i)a[i]*=b[i];
FWT(a,-1);
ll ans=n*m;
for(int i=0;i<N;++i)ans=min(ans,a[i]);
printf("%I64d\n",ans);
return 0;
}标签：std problem amp scanf while 翻译 cto reg ==
原文地址：https://www.cnblogs.com/cjyyb/p/9065801.html
