AtCoder Grand Contest 006 F - Blackout

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Description

在 \(n*n\) 的棋盘上给出 \(m\) 个黑点,若 \((x,y)\),\((y,z)\) 都是黑点,那么 \((z,x)\) 也会变成黑点,求最后黑点的数量
题面

Solution

把点 \((x,y)\) 看作一条从 \(x\) 到 \(y\) 的有向边
我们分析性质:
如果存在一个自环,那么这个点所在的连通块就会变成一个完全图
原因是和这个点有单向边的点都会变成双向边,有双向边之后就会形成自环,那么就可以一直重复这个过程,就变成了完全图

我们想办法判断图中有没有自环,我们发现:对原图进行三染色之后:
1.如果产生了矛盾,那么就有自环,就会形成一个完全图,这个连通块的答案就是点数的平方
2.如果染色完成了,那么算出产生的边的个数和原图边的个数就行了

对于第二种情况,还需要一些性质:
首先如果 \(color[x]±1 \mod 3 =color[u]\) 且 \(x,u\) 在同一连通块内,则一定有边存在
所以设 \(a[x]\) 表示颜色为 \(x\) 的点的数量,答案就是 \(a[1]*a[2]+a[2]*a[3]+a[1]*a[3]\)

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=1e5+10;
int n,m,head[N],nxt[N*2],to[N*2],num=0,c[N],E=0,a[4],dis[N*2];
bool flag=0,vis[N*2];
vector<int>S;
inline void link(int x,int y,int z){
    nxt[++num]=head[x];to[num]=y;head[x]=num;dis[num]=z;}
inline void dfs(int x){
    S.push_back(x);
    for(int i=head[x];i;i=nxt[i]){
        int u=to[i],t=c[x]+dis[i];
        if(!vis[i])vis[i]=1,E++;
        if(!t)t=3;if(t==4)t=1;
        if(c[u]){
            if(c[u]!=t)flag=1;
        }
        else c[u]=t,dfs(u);
    }
}
int main(){
    freopen("pp.in","r",stdin);
    freopen("pp.out","w",stdout);
    int x,y;ll ans=0;
    scanf("%d%d",&n,&m);
    for(int i=1;i<=m;i++){
        scanf("%d%d",&x,&y);
        link(x,y,1);link(y,x,-1);
    }
    for(int i=1;i<=n;i++){
        if(!c[i]){
            vector<int>().swap(S);c[i]=1;flag=0;E=0;
            dfs(i);
            memset(a,0,sizeof(a));
            for(int j=S.size()-1;j>=0;j--)a[c[S[j]]]++;
            if(flag)ans+=(ll)S.size()*S.size();
            else if(!a[1] || !a[2] || !a[3])ans+=E/2;
            else ans+=1ll*a[1]*a[2]+1ll*a[2]*a[3]+1ll*a[1]*a[3];
        }
    }
    cout<<ans<<endl;
    return 0;
}

AtCoder Grand Contest 006 F - Blackout

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原文地址：https://www.cnblogs.com/Yuzao/p/8678151.html