标签：can i++ clu 输出 return pac 反向 efi clear
题意：给定N点，M条有向边，满足任意点可以到达任意点。现在叫你保留2*N边，任然满足任意点可以到达任意点，输出删除的边。
思路：从1出发，DFS，得到一颗生成树，有N-1条边。反向建题。还是从1出发，得到一颗生成树，这2N-2条边显然可以满足任意点互通。然后随便选两边即可。 （任意点u->v，至少有u->1->v满足。
#include<bits/stdc++.h> #define pii pair<int,int> #define ll long long const int maxn=200010; using namespace std; int u[maxn],v[maxn],vis1[maxn],vis2[maxn],N; vector<int>G1[maxn],G2[maxn]; map<pii,int>mp; void dfs1(int u) { vis1[u]=1; int L=G1[u].size(); for(int i=0;i<L;i++) if(!vis1[G1[u][i]]) mp[make_pair(u,G1[u][i])]=1,dfs1(G1[u][i]); } void dfs2(int u) { vis2[u]=1; int L=G2[u].size(); for(int i=0;i<L;i++) if(!vis2[G2[u][i]]) mp[make_pair(G2[u][i],u)]=1,dfs2(G2[u][i]); } int main() { int T,M,i,j; scanf("%d",&T); while(T--){ scanf("%d%d",&N,&M); mp.clear(); memset(vis1,0,sizeof(vis1)); memset(vis2,0,sizeof(vis2)); for(i=1;i<=N;i++) G1[i].clear(),G2[i].clear(); for(i=1;i<=M;i++){ scanf("%d%d",&u[i],&v[i]); G1[u[i]].push_back(v[i]); G2[v[i]].push_back(u[i]); } dfs1(1); dfs2(1); int cnt=M-N-N; for(i=1;i<=M&&cnt;i++){ if(!mp[make_pair(u[i],v[i])]) printf("%d %d\n",u[i],v[i]),cnt--; } } return 0; }
Gym-101630C：Connections（生成树&构造）
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原文地址：https://www.cnblogs.com/hua-dong/p/9320738.html
