标签：strong ace 需要 msu 开始 lis copy family base
小A现在有 NN 道题，编号为 1,2,\cdots,N1,2,?,N 。每道题的起始毒瘤程度为 00 或 11 。在每回合，小A可以将编号连续的 KK 道题的毒瘤程度+1。但小B因为本身比较菜，不是很愿意小A出毒瘤题，所以在 w_iwi? 回合开始时可以向第 x_ixi? 题传播 v_ivi? 点的菜气，使得第 x_ixi? 的毒瘤程度减少 v_ivi? 点（减后可以为负）。这里我们假定菜是有限的，在释放了 v_ivi? 点的菜气后，小B需要至少 r_{v_i}rvi?? 个回合不能释放菜气。现在小A知道了小B释放菜气的计划，他想知道他至少需要多少个回合可以使得每道题的毒瘤程度至少为 11 。
输入格式：
第一行输入四个整数， N,M,K,LN,M,K,L ，分别为题目的数量，小B的操作数量，每次连续增加毒瘤程度题目的数量和释放菜气的最大值。
第二行输入 NN 个整数 a_1,a_2,\cdots,a_Na1?,a2?,?,aN? ，分别为 NN 个题目的毒瘤程度。
第三行输入 LL 个整数 r_1,r_2,\cdots,r_Lr1?,r2?,?,rL? ，分别为释放 11 到 LL 点菜气的冷却回合数。
接下来有 MM 行，每行输入三个整数 w_i,x_i,v_iwi?,xi?,vi? ，表示小B在第 w_iwi? 回合开始时向第 x_ixi? 题释放了 v_ivi? 点的菜气。保证 \{w_i\}{wi?} 为递增序列。
输出格式：
请输出小A将每道题的毒瘤程度加到至少为 11 最少需要的回合数。
1≤N,M≤5×105
1≤K≤N
1≤L≤100
a[i]∈{0,1}
1=r1?<r2?<?<rL?≤2×L
1≤wi?≤N+L
wi?+rvi??≤wi+1?
1≤xi?≤N
1≤vi?≤L
Solution：
本题也是贼有意思，考查细心读题。
题目中明确的说了$w_i+r_{v_i}\leq w_i+1$，于是可以想到，当某个位置的值减少后，完全可以通过冷却的时间来恢复。
令被减去的时间为时间点，考虑二分被减的时间点，然后将难度先减去要减的值，因为减难度的冷却时间不小于需要加的数量，被减的数量可以用相同数量的时间填补，所以当一个时间点可以达到目标时，下一个时间点必然也能达到目标。
然后在时间点上计算出需要的时间。二分时间点，在减去生效的操作后，我们可以贪心地从左到右地考虑，当位置$i$小于$1$时，考虑贪心地将$[i,i+k-1]$这个区间加$1$，可以使需要的回合数尽量小。当确定小B有哪些操作生效时，这样就可以求出满足条件的准确最小时间，若这个时间小于下个时间点，那么check()就是有效的。
时间复杂度$O(n\log n)$
代码：
1 #include<bits/stdc++.h> 2 #define il inline 3 #define ll long long 4 #define For(i,a,b) for(int (i)=(a);(i)<=(b);(i)++) 5 #define Bor(i,a,b) for(int (i)=(b);(i)>=(a);(i)--) 6 using namespace std; 7 const int N=500005; 8 int n,m,k,L,a[N],R[N],tp[N],b[N]; 9 struct node { 10 int w,x,v; 11 }t[N]; 12 13 il int gi(){ 14 int a=0;char x=getchar();bool f=0; 15 while((x<‘0‘||x>‘9‘)&&x!=‘-‘)x=getchar(); 16 if(x==‘-‘)x=getchar(),f=1; 17 while(x>=‘0‘&&x<=‘9‘)a=(a<<3)+(a<<1)+x-48,x=getchar(); 18 return f?-a:a; 19 } 20 21 il int check(int mid){ 22 For(i,1,n) tp[i]=a[i],b[i]=0; 23 For(i,1,mid) tp[t[i].x]-=t[i].v; 24 int tmp=0,tot=0,dis; 25 For(i,1,n){ 26 if(tp[i]+tmp<1){ 27 dis=1-tp[i]-tmp; 28 tot+=dis; 29 b[i]+=dis; 30 if(i+k-1<=n) b[i+k-1]-=dis; 31 } 32 tmp+=b[i]; 33 } 34 return max(t[mid].w,tot); 35 } 36 37 int main(){ 38 n=gi(),m=gi(),k=gi(),L=gi(); 39 For(i,1,n) a[i]=gi(); For(i,1,L) R[i]=gi(); 40 For(i,1,m) t[i].w=gi(),t[i].x=gi(),t[i].v=gi(); 41 t[0].w=0,t[m+1].w=233333333; 42 int l=0,r=m,mid,ans; 43 while(l<=r){ 44 mid=l+r>>1; 45 if(check(mid)<t[mid+1].w) ans=mid,r=mid-1; 46 else l=mid+1; 47 } 48 cout<<check(ans); 49 return 0; 50 }
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原文地址：https://www.cnblogs.com/five20/p/9352852.html
