nyoj-489-dinic/建图

标签：can   online   oid   return   while   scan   测试数据   bit   queue   

描述

Doctor Who乘着Tardis带着Amy来到了一个星球，一开Tadis大门，发现这个星球上有个壮观的石像群，全是一些天使石像，有的石像在哭泣，有的石像像在微笑，共有m行n列，Doctor用“音速起子”扫描了一下整个石像群，得到了每行天使中在哭泣的天使的个数。当他与Amy在这里行走了一段时间之后，Doctor忽然想起了什么，怀疑这些石像是不是传说中的一种黑暗生物——“哭泣天使”——一种看似石像，却会在人不看它的时候移动，会强制把人送回某个过去的时间点，并借此汲取时间能量的生物。Doctor可不想自己和Amy迷失在一个未知的时间点里，于是Doctor立刻用“音速起子”又扫描了整个石像群，想再看看每行的在哭泣的天使个数与刚才是否相符，但是，越急就越容易出错，他一不小心扫描错了，扫描出了每列中哭泣的天使的个数。现在，由于音速起子的能量不足了，他不能够再次扫描，他想根据已有的数据判断出是否有天使改变了自己的表情，从哭泣变成不哭泣或者从不哭泣变成哭泣了。

输入

第一行是一个整数T，表示共有T组测试数据(T<=50)
每组测试数据第一行是两个整数m,n(0<m,n<=300)分别表示行数和列数
随后的两行分别有m个数和n个数分别表示对应m行中哭泣的天使石像的个数与对应n个列中哭泣的天使石像的个数。

输出

如果能根据已有信息判断出必然有石像改变了表情，则输出Terrible
如果根据已有信息无法确定石像发生了改变，则输出Not Sure (有时，你确定两次扫描时状态相同，但由于不确定之间是否发生过改变，故也输出Not Sure)

样例输入

2
2 3
1 1
1 1 0
3 3
0 1 2
3 0 0

样例输出

Not Sure
Terrible

来源

[张云聪]原创

上传者

张云聪

　　建立出m*n个格子节点，m个行节点和n个列节点，还有一个超级源点，一个超级汇点。建图: 超级源点向每个行节点连边，权值为r[i], 每个列节点向超级汇点连边，权值为c[i]。每个行节点向对应行内的格子节点连边，权值为1，每一列向对应的列节点连边权值为1。如果最大流和∑h不一样说明发生变化了。

  1 #include<bits/stdc++.h>
  2 using namespace std;
  3 #define LL long long 
  4 #define inf 0x3f3f3f3f
  5 const int maxn=101000;
  6 struct Edge
  7 {
  8     int v,w,next;
  9 };
 10 class Dinic{
 11 public:
 12     int d[maxn],cur[maxn],first[maxn],tot,s,t,n;
 13     bool vis[maxn];
 14     Edge e[maxn<<3];
 15 
 16     void init(int n,int s,int t){
 17         this->n=n,this->s=s,this->t=t;
 18         tot=0;
 19         memset(first,-1,sizeof(first));
 20     }
 21 
 22     void add(int u,int v,int w){
 23         e[tot].v=v;
 24         e[tot].w=w;
 25         e[tot].next=first[u];
 26         first[u]=tot++;
 27 
 28         e[tot].v=u;
 29         e[tot].w=0;
 30         e[tot].next=first[v];
 31         first[v]=tot++;
 32     }
 33 
 34     bool bfs(){
 35         memset(vis,0,sizeof(vis));
 36         queue<int>q;
 37         q.push(s);
 38         d[s]=0;
 39         vis[s]=1;
 40         while(!q.empty()){
 41             int u=q.front();
 42             q.pop();
 43             for(int i=first[u];~i;i=e[i].next){
 44                 if(!vis[e[i].v] && e[i].w>0){
 45                     vis[e[i].v]=1;
 46                     d[e[i].v]=d[u]+1;
 47                     q.push(e[i].v);
 48                 }
 49             }
 50         }
 51         return vis[t];
 52     }
 53 
 54     int dfs(int u,int a){
 55         if(u==t||a==0)return a;
 56         int flow=0,f;
 57         for(int &i=cur[u];~i;i=e[i].next){
 58             if(d[e[i].v]==d[u]+1 && (f=dfs(e[i].v,min(a,e[i].w)))>0){
 59                 e[i].w-=f;
 60                 e[i^1].w+=f;
 61                 flow+=f;
 62                 a-=f;
 63                 if(!a) break;
 64             }
 65         }
 66         return flow;
 67     }
 68 
 69     int solve(){
 70         int ans=0;
 71         while(bfs()){
 72             for(int i=1;i<=n;++i) cur[i]=first[i];
 73             ans+=dfs(s,inf) ;
 74         }
 75         return ans;
 76     }
 77 }AC;
 78 int r[333],c[333];
 79 int main(){
 80     int t,m,n,sum;
 81     scanf("%d",&t);
 82     while(t--){
 83         int s1=0,s2=0;
 84         scanf("%d%d",&m,&n);
 85         sum=m*n+m+n+2;
 86         AC.init(sum,sum-1,sum);   
 87         for(int i=1;i<=m;++i) {
 88             scanf("%d",r+i);
 89             s1+=r[i];
 90             AC.add(sum-1,m*n+i,r[i]);
 91             for(int j=1;j<=n;++j) AC.add(m*n+i,(i-1)*n+j,1);
 92         }
 93         for(int i=1;i<=n;++i) {
 94             scanf("%d",c+i);
 95             s2+=c[i];
 96             AC.add(m*n+m+i,sum,c[i]);
 97             for(int j=1;j<=m;++j) AC.add((j-1)*n+i,m*n+m+i,1);
 98         }
 99     //printf("%d\n",AC.solve());
100     if(s1!=s2){
101         puts("Terrible");
102         continue;
103     }
104     AC.solve()==s1?puts("Not Sure"):puts("Terrible");
105     }
106     return 0;
107 }

 

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原文地址：https://www.cnblogs.com/zzqc/p/9384661.html