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作为一个蒟蒻，\(\tt{CF}\)止步\(Div.2\;C\)

这个题主要考察思维，正解代码炒鸡短……

以下大部分搬运自官方题解

题目大意：

给你一段长度为\(2n\)的数列，将这个数列分为两个可重集，每个集合有\(n\)个元素，使得这两个集合的极差之积最小，输出这个最小值

题解：

假设输入的数组为\(a[2n]\)，为了方便，我们把要分成的两个可重集叫做\(X\)和\(Y\)

首先肯定要先\(sort\)一下，使得数组有序，方便操作（下文提到的数组都是有序的）

接下来就是分类讨论了：

• 第一种情况：数组a的最大值和最小值都在\(X\)里。那么\(X\)的极差就是\(a[2n]-a[1]\)，接下来我们要使\(Y\)的极差尽量小，我们就需要枚举一下每个元素\(a[i]\)，因为集合里要有\(n\)个元素，所以对于每个\(a[i]\)，能使\(Y\)的极差最小的方式就是将\(a[i]\)~\(a[i+n-1]\)全部放到\(Y\)里，所以\(Y\)的极差就是\(\min(a[i+n-1]-a[i])\;i\in [2,n+1]\)
  答案为 \(\min((a[i+n-1]-a[i])\cdot(a[2n]-a[1]))\;i\in [2,n+1]\)

• 第二种情况：最大值和最小值分别在\(X\)和\(Y\)里。这样我们就要使\(X\)的最大值最小，\(Y\)的最大值最大，那么\(X\)的极差就为\(a[n]-a[1]\)，\(Y\)的极差为\(a[2n]-a[n+1]\)
  答案为 \((a[n]-a[1])\cdot (a[2n]-a[n+1])\)

最终的答案从这两种情况中取一个最小值就好了。

时间复杂度\(O(nlogn)\)（也就是排序的复杂度）

最后提醒一句：别忘了开\(\mathfrak{long\;long}\)

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define ll long long
using namespace std;
int read(){
    int k=0; char c=getchar();
    for(;c<'0'||c>'9';) c=getchar();
    for(;c>='0'&&c<='9';c=getchar())
      k=(k<<3)+(k<<1)+c-48;
    return k;
}
ll a[100010<<1],ans;
int main(){
    int n=read();
    for(int i=1;i<=n<<1;i++) a[i]=read();
    sort(a+1,a+(n<<1)+1);
    ans=(a[n]-a[1])*(a[n<<1]-a[n+1]); //第二种情况
    for(int i=2;i<=n+1;i++)  //第一种情况
        ans=min((a[n<<1]-a[1])*(a[i+n-1]-a[i]),ans);
    cout<<ans;
    return 0;
}

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原文地址：https://www.cnblogs.com/wxl-Ezio/p/9395060.html