1029 Median

//题解：
//     1.合并排序 ，超时超内存（舍）
//     2.维护 两个队列，比较对头大小,循环出队:原先的测试点可以通过的，
//      后来新版PAT加了内存限制，超内存（舍）
//     3.在2 的基础上优化，第一个队列存好后，把第二个队列边读，边和第一个队列比较，选择出队。
//      这样可以不用一次存完第二个队列，解决超内存的问题。
//思路 ：
//    第一 、二个序列分别有n, m个元素，所以需要从队头剔除（n + m - 1） / 2个元素，
//      最后答案就是两个队头的最小值。
//   对于最终答案在第一第二个队列中的情况要分开处理。若答案在第二个队列中，
//    在输入数据时就可以提前得出答案并退出，若答案在第一个队列中，要二次出队才能找到答案。
//
//注意：
//    在所有元素入队列完毕后，把INT_MAX入队列，一是这样队列永不为空，方便处理。
//    二是，题目的long int因为内存限制原因，并不会为最终答案，只
//    是干扰数据，所以每次遇到这样的干扰数据把他设为INT_MAX就好了。
#include<cstdio>
#include<queue>
using namespace std;
const int INF = 10000000;
int main(){
    queue<int> a,b;
    int n,m,x,count = 0;
    scanf("%d",&n);
    for(int i = 0 ; i < n ; i++){
        scanf("%d",&x);
        a.push(x);
    }
    a.push(INF);
    scanf("%d",&m);
    for(int i = 0 ; i < m ; i++){
        scanf("%d",&x);
        b.push(x);
        if(count == (n+m-1)/2){
            printf("%d",min(a.front(),b.front()));
            return 0;
        }
        if(a.front() < b.front()) a.pop();
        else b.pop();
        count++;
    }
    b.push(INF);
    for(; count < (n+m-1)/2; count++){
        if(a.front() < b.front()) a.pop();
        else b.pop();
    }
    printf("%d",min(a.front(),b.front()));
    return 0;
} 

//内存超限
#include<cstdio>
const int maxn = 1000010;
const int INF = 0x7fffffff;
int s1[maxn],s2[maxn];
int main(){
    long long n,m;
    scanf("%d",&n);
    for(int i = 0 ; i < n; i++){
        scanf("%d",&s1[i]);
    }
    scanf("%d",&m);
    for(int i = 0 ; i < m ; i++){
        scanf("%d",&s2[i]);
    }
    s1[n] = s2[m] = INF;
    int medianPos = (n+m-1)/2;
    int count = 0, i = 0, j = 0;
    while(count < medianPos){
        if(s1[i] < s2[j]) i++;
        else j++;
        count++;
    }
    if(s1[i] < s2[j]) printf("%d\n",s1[i]);
    else printf("%d\n",s2[j]);
    return 0;
}