2018 “百度之星”程序设计大赛 - 初赛（B）

时间：2018-08-19 17:04:37 阅读：223 评论：0 收藏：0 [点我收藏+]

标签：起点 rect std 一个 put rap board direct exp

degree

Accepts: 1581

Submissions: 3494

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Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others)

输入的第一行有一个正整数

对于每笔测试资料：第一行有三个整数

$\le K \le M \le 2 \times 10^50≤K≤M≤2×10?5??$
$\le N \le 2 \times 10^51≤N≤2×10?5??$
$\le a, b < N0≤a,b<N$
给定的图保证是没有圈的简单图
$\le T \le 231≤T≤23$
至多

2
4

简单图啊，

#include<stdio.h>
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define lson l,(l+r)/2,rt<<1
#define rson (l+r)/2+1,r,rt<<1|1
#define dbg(x) cout<<#x<<" = "<< (x)<< endl
#define pb push_back
#define num first
#define id second
#define ll long long
#define sz(x) (int)(x).size()
#define pll pair<long long,long long>
#define pii pair<int,int>
#define pq priority_queue
const int N=2e5+5,MD=1e9+7,INF=0x3f3f3f3f;
const ll LL_INF=0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const double eps=1e-9,e=exp(1),PI=acos(-1.);
int d[N];
int main()
{
    ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0);
    int T;
    cin>>T;
    while(T--)
    {
        memset(d,0,sizeof d);
        int n,m,k;
        cin>>n>>m>>k;
        for(int i=0,x,y;i<m;i++) cin>>x>>y,d[x]++,d[y]++;
        int ans=0;
        for(int i=0;i<n;i++)
            ans=max(ans,n-1-max(0,m-d[i]-k));
        printf("%d\n",ans);
    }
    return 0;
}

rect

Accepts: 1682

Submissions: 3028

Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)

Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others)

度度熊有一个大小为 $\times MYMX×MY 的矩形，左下角坐标为 (0, 0)(0,0)，右上角坐标为 (MX, MY)(MX,MY)。此矩形内有 NN 个整数坐标的点 (x_i, y_i)(x?i??,y?i??)，x_ix?i?? 彼此不重复，y_iy?i?? 彼此也不重复。$

现在要从每一个点画出一条线段，满足下列条件：

线段起点为坐标点，终点在矩形范围的四个边界之一上。
线段彼此不能交叉。

现在要让画出的线段的长度总和最小，请输出这个最小的长度总和值。

输入的第一行有一个正整数

对于每笔测试资料：第一行有三个整数 $x_ix?i?? 及 y_iy?i??。$

$\le MX, MY \le 10^62≤MX,MY≤10?6??$
$\le N \le 10^50≤N≤10?5??$
如果 $\ne ji≠j，则保证 x_i \ne x_jx?i??≠x?j?? 及 y_i \ne y_jy?i??≠y?j??$
$x_i < MX0<x?i??<MX$
$y_i < MY0<y?i??<MY$
$\le T \le 201≤T≤20$
至多

2
5

限制条件比较多，x_i $y_iy?i?? 彼此也不重复。$

所以最小值就可以了

#include<stdio.h>
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define lson l,(l+r)/2,rt<<1
#define rson (l+r)/2+1,r,rt<<1|1
#define dbg(x) cout<<#x<<" = "<< (x)<< endl
#define pb push_back
#define num first
#define id second
#define ll long long
#define sz(x) (int)(x).size()
#define pll pair<long long,long long>
#define pii pair<int,int>
#define pq priority_queue
const int N=2e5+5,MD=1e9+7,INF=0x3f3f3f3f;
const ll LL_INF=0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const double eps=1e-9,e=exp(1),PI=acos(-1.);
int d[N];
int main()
{
    ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0);
    int T;
    cin>>T;
    while(T--)
    {
        int mx,my,n;
        cin>>mx>>my>>n;
        ll sum=0;
        for(int i=0,x,y; i<n; i++)
        {
            cin>>x>>y;
            int t=min(x,mx-x);
            t=min(t,y);
            t=min(my-y,t);
            sum+=t;
        }
        cout<<sum<<"\n";
    }
    return 0;
}

p1m2

Accepts: 1003

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度度熊很喜欢数组！！

我们称一个整数数组为稳定的，若且唯若其同时符合以下两个条件：

数组里面的元素都是非负整数。
数组里面最大的元素跟最小的元素的差值不超过

举例而言，

现在，定义一个在整数数组进行的操作：

选择数组中两个不同的元素

举例而言，

现在给定一个整数数组，在任意进行操作后，请问在所有可能达到的稳定数组中，拥有最大的『数组中的最小值』的那些数组，此值是多少呢？

2
33333333

不是加1和减1，但是其实就是每次把数-1，那么一定可以的啊，不存在-1

所以直接二分ans，因为操作次数越多，一定是可以做到的，我是个啥子，一小心爆了ll，现在我们需要做的就是每个数变到目标数需要进行的操作及操作数

#include<stdio.h>
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define lson l,(l+r)/2,rt<<1
#define rson (l+r)/2+1,r,rt<<1|1
#define dbg(x) cout<<#x<<" = "<< (x)<< endl
#define pb push_back
#define num first
#define id second
#define ll long long
#define sz(x) (int)(x).size()
#define pll pair<long long,long long>
#define pii pair<int,int>
#define pq priority_queue
const int N=3e5+5,MD=1e9+7,INF=0x3f3f3f3f;
const ll LL_INF=0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const double eps=1e-9,e=exp(1),PI=acos(-1.);
int a[N],n;
int la(int x)
{
    ll s1=0,s2=0;
    for(int i=0; i<n; i++)
    {
        if(a[i]>x+1)s2+=(a[i]-x)/2;
        else s1+=max(0,x-a[i]);
    }
    return s2>=s1;
}
int main()
{
    ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0);
    int T;
    cin>>T;
    while(T--)
    {
        cin>>n;
        for(int i=0; i<n; i++)cin>>a[i];
        int l=0,r=1e9,ans=0;
        while(l<=r)
        {
            int mi=(l+r)/2;
            if(la(mi)) ans=mi,l=mi+1;
            else r=mi-1;
        }
        cout<<ans<<"\n";
    }
    return 0;
}

2018 “百度之星”程序设计大赛 - 初赛（B）

标签：起点 rect std 一个 put rap board direct exp

原文地址：https://www.cnblogs.com/BobHuang/p/9501508.html

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