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这场比赛太难了sad。所以我都没做。。
这题一开始我竟然不会sad（本来就不会），然后我继续yy。。yy了好久，竟然yy了个什么可拆分的并查集？（sad，后来发现我是如此sb，根本无法实现。。）
然后我弃疗了，比赛干脆不交了。。sad
后来看了题解和神犇们热心的指导，这就是一水题。。
sad。
我们只需要在线段树维护三个值，L表示这个节点的区间内从左边向又能延伸的最长可行串的长度，R表示这个节点的区间内从右边向左能延伸的最长可行串的长度，mx表示这个区间最长的可行串的长度。
那么我们在pushup里面只需要这样转移即可
void pushup(int x, int len) {
int l=lc, r=rc;
t[x].x=t[l].x;
t[x].y=t[r].y;
t[x].lx=t[l].lx;
t[x].rx=t[r].rx;
t[x].mx=max(t[l].mx, t[r].mx);
if(t[l].y!=t[r].x) {
t[x].mx=max(t[x].mx, t[l].rx+t[r].lx);
if(t[l].mx==(len-(len>>1))) t[x].lx=max(t[x].lx, t[l].mx+t[r].lx);
if(t[r].mx==(len>>1)) t[x].rx=max(t[x].rx, t[r].mx+t[l].rx);
}
}
这个多想想就知道为什么了。。。（因为我是蒟蒻所以我想不出来。orz
然后这题就成为水题了。
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cmath>
#include <string>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <queue>
using namespace std;
#define rep(i, n) for(int i=0; i<(n); ++i)
#define for1(i,a,n) for(int i=(a);i<=(n);++i)
#define for2(i,a,n) for(int i=(a);i<(n);++i)
#define for3(i,a,n) for(int i=(a);i>=(n);--i)
#define for4(i,a,n) for(int i=(a);i>(n);--i)
#define CC(i,a) memset(i,a,sizeof(i))
#define read(a) a=getint()
#define print(a) printf("%d", a)
#define dbg(x) cout << (#x) << " = " << (x) << endl
#define printarr2(a, b, c) for1(_, 1, b) { for1(__, 1, c) cout << a[_][__]; cout << endl; }
#define printarr1(a, b) for1(_, 1, b) cout << a[_] << ‘\t‘; cout << endl
inline const int getint() { int r=0, k=1; char c=getchar(); for(; c<‘0‘||c>‘9‘; c=getchar()) if(c==‘-‘) k=-1; for(; c>=‘0‘&&c<=‘9‘; c=getchar()) r=r*10+c-‘0‘; return k*r; }
inline const int max(const int &a, const int &b) { return a>b?a:b; }
inline const int min(const int &a, const int &b) { return a<b?a:b; }
const int N=200005;
#define lc x<<1
#define rc x<<1|1
#define lson l, m, lc
#define rson m+1, r, rc
#define MID (l+r)>>1
struct dat { int lx, rx, x, y, mx; }t[N<<2];
int n, Q;
void pushup(int x, int len) {
int l=lc, r=rc;
t[x].x=t[l].x;
t[x].y=t[r].y;
t[x].lx=t[l].lx;
t[x].rx=t[r].rx;
t[x].mx=max(t[l].mx, t[r].mx);
if(t[l].y!=t[r].x) {
t[x].mx=max(t[x].mx, t[l].rx+t[r].lx);
if(t[l].mx==(len-(len>>1))) t[x].lx=max(t[x].lx, t[l].mx+t[r].lx);
if(t[r].mx==(len>>1)) t[x].rx=max(t[x].rx, t[r].mx+t[l].rx);
}
}
void build(int l, int r, int x) {
t[x].mx=t[x].x=t[x].y=t[x].lx=t[x].rx=1;
if(l==r) return;
int m=MID;
build(lson); build(rson);
}
void upd(int l, int r, int x, int p) {
if(l==r) { t[x].x=t[x].y=!t[x].x; return; }
int m=MID;
if(p<=m) upd(lson, p); else upd(rson, p);
pushup(x, r-l+1);
}
int main() {
read(n); read(Q);
build(1, n, 1);
while(Q--) {
upd(1, n, 1, getint());
printf("%d\n", t[1].mx);
}
return 0;
}
繁星闪烁着--深蓝的太空
何曾听得见他们对语
沉默中
微光里
他们深深的互相颂赞了
繁星, 漫天的繁星.
繁星排成一列, 我数一数呀, 一共有N只小星星呢.
星星们是听话的好孩子, 小岛在指挥它们跳舞呢.
舞蹈开始前, 它们都亮了起来!
小岛指一指第i只小星星, 只见第i只小星星立刻改变了自己的状态.
如果它之前是亮着的, 那么立刻就灭掉了.
如果它之前是灭掉的, 现在就立刻亮了呀!
如果说, 可以有连续若干只小星星.
其中任意相邻两只星星状态不同.
那就是最美的了.
小岛希望知道:
每一次发出指令之后
能找到最长的连续小星星, 满足上述需求的
有多长?
第一行有两个整数, 分别为星星总数N, 和指令总数Q.
1<=N<=200,000; 1<=Q<=200,000.
之后Q行, 每行有一个整数i: 1<=i<=N, 表示小岛发出的指令.
输出有Q行, 其中每i行有一个整数.
表示小岛的第i条指令发出之后, 可以找到的满足要求的最长连续星星序列有多长?
对于20%的数据: N, Q <= 100.
对于30%的数据: N, Q <= 70000.
对于100%的数据: 1 <= N, Q <= 200,000.
对于样例, 星星序列的状态依次为: OOOOOO -> OXOOOO -> OXOXOO
这里用O表示亮着的星星, 用X表示灭掉的星星.
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原文地址：http://www.cnblogs.com/iwtwiioi/p/4008223.html
