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打比赛，发现自己特别菜。
居然还苟且水上紫名
这个号不敢玩了。要努力学习才能对得起紫名啊，不然再玩两场就灰了。
然后日常瞎扯一下比赛状况。比如奇葩的AC顺序：A->D->B->C。
为啥B题分辣么低？Wrong Answer -（发现自己犯傻）-> Pretests Passed -（发现严重bug）-> Resubmission
C居然数组开小1倍RE了一次，白白丢50分。
由于做出B的时间有点晚，Hack的机会被Room里一个1小时做不动题的Master全抢走了（好吧，其实是有些人代码看不懂）
最开始看完B没有一眼切，后来AC的时候还想复杂了qwq。
只能切完D稳定情绪再回来做。
然后吐槽一下比赛吧。
System Test 前 rk 300+，System Test 后 rk 200+。
为啥？看一下Room里的情况：
fst + hack专场？
（mcfx差点rk 1）。
F好像是bzoj某道合宿题的简化版（看完题解觉得好水。。怪不得OwenOwl一直说这次F好水，好后悔没来打。dream_maker同学说他会$O(n^3)$，不会$O(n^2\log n)$，我很想喷一句。。），E可以用神奇的构造过掉。G？修说是神仙题。
（最近可能有点忙，坑填得会很慢）
题目大意
给定一个只包含小写字母的字符串，每次可以将一种至少出现了2次的字符都变成另一个字符。问是否可能使所有字符一样。
特判$n = 1$的时候。其他时候看有没有一个字符出现了两次。
1 /** 2 * Codeforces 3 * Problem#1025D 4 * Accepted 5 * Time: 31ms 6 * Memory: 100k 7 */ 8 #include <bits/stdc++.h> 9 using namespace std; 10 typedef bool boolean; 11 12 const int N = 1e5 + 5; 13 14 int n; 15 char str[N]; 16 boolean aflag = false; 17 boolean vis[30]; 18 19 int main() { 20 scanf("%d", &n); 21 scanf("%s", str); 22 if (n == 1) { 23 puts("YES"); 24 return 0; 25 } 26 for (int i = 0; i < n; i++) 27 if (vis[str[i] - ‘a‘]) { 28 puts("YES"); 29 return 0; 30 } else 31 vis[str[i] - ‘a‘] = true; 32 puts("NO"); 33 return 0; 34 }
题目大意
给定$n$个二元组$(a_{i}, b_{i})$，问是否存在一个$d > 1$，使得对于每个$1\leqslant i \leqslant n$满足$d \mid a_{i}$或者$d \mid b_{i}$。
首先讲一个沙雕做法。
暴力枚举$a_{1} \times b_{1}$的质因子。然后$O(n)$检查。时间复杂度$O(\sqrt{V} + n\log{V})$。
然后讲考场上我的zz做法。
如果$d$满足条件，那么$d$能够整除$lcm(a_{i}, b_{i})$。就是说$d$能整除每一对的最小公倍数的最大公约数。
然后找它较小的约数就是答案（因为上面那句话只是必要条件，但不是充分条件，比如可能$d > a_{i}$且$d > b_{i}$，但$d\mid a_{i}b_{i}$）。（少了这一步 WA * 1）
找这个合法的约数不能暴力找（然后暴力找能过pretest，后来发现resubmission * 1）
取能成为答案的那部分约数的最小值就好了。这样就可以保证它既是答案，又不会超过任意一个被选中的$a_{i}$或$b_{i}$。
1 #include<bits/stdc++.h> 2 #define ll long long 3 using namespace std; 4 5 const int N = 150005; 6 7 int n; 8 int a[N], b[N]; 9 ll ls[N]; 10 11 ll gcd(ll a, ll b) { 12 return (!b) ? (a) : (gcd(b, a % b)); 13 } 14 15 int main(){ 16 scanf("%d", &n); 17 18 for (int i = 1; i <= n; i++) 19 scanf("%d%d", a + i, b + i); 20 21 for (int i = 1; i <= n; i++) 22 ls[i] = a[i] / gcd(a[i], b[i]) * b[i]; 23 ll res = ls[1]; 24 25 for (int i = 2; i <= n; i++) 26 res = gcd(res, ls[i]); 27 for (int i = 1; i <= n; i++) { 28 ll x = gcd(res, a[i]); 29 if (x > 1) 30 res = min(res, x); 31 ll y = gcd(res, b[i]); 32 if (y > 1) 33 res = min(res, y); 34 } 35 36 if (res == 1) 37 cout << -1; 38 else 39 cout << res; 40 return 0; 41 }
Codeforces Round #505 (Div 1 + Div 2 Combined) Partial Solution
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原文地址：https://www.cnblogs.com/yyf0309/p/9520773.html
