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题目大意：
Input
输入的第一行C表示共有C个测试数据，每个测试数据的前一行有三个整数N，M，T。 N，M迷宫的大小N*M（1 <= N,M <=10)。T如上所意。接下去的前N*M表示迷宫的第一层的布置情况，后N*M表示迷宫第二层的布置情况。
Output
如果骑士们能够在T时刻能找到公主就输出“YES”，否则输出“NO”。
Sample Input
1
5 5 14
S*#*.
.#...
.....
****.
...#.
..*.P
#.*..
***..
...*.
*.#..
Sample Output
YES
解题分析：
本题是一道普通的BFS，只不过要注意一些细节，根据实际情况判断一些情况是否正确，比如，如果在BFS搜索的时候，下一步为传送机，另一层对应点也为传送机，这种情况就不能走，因为题目已经说了如果某一点为传送机，那么就一定会被传送，所以这样会陷入死循环，所以不能走这一步，还有一些要注意的地方，具体实现见代码。
#include <cstdio> #include <cstring> #include <iostream> #include <algorithm> #include <queue> using namespace std; int n,m,time; char mpa[5][15][15]; int vis[5][15][15]; int dir[][2]={1,0,0,1,-1,0,0,-1}; struct NODE{ int x,y,z; int step; NODE(int a=0,int b=0,int c=0,int d=0){ z=a,x=b,y=c,step=d; } }st,et; bool bfs(){ memset(vis,0,sizeof(vis)); queue<NODE>q; q.push(st); vis[0][0][0]=1; while(!q.empty()){ NODE now=q.front(); q.pop(); if(now.x==et.x&&now.y==et.y&&now.z==et.z&&now.step<=time){ return true; } for(int i=0;i<4;i++){ int nx=now.x+dir[i][0]; int ny=now.y+dir[i][1]; if(nx<0||nx>=n||ny<0||ny>=m||vis[now.z][nx][ny]||mpa[now.z][nx][ny]==‘*‘)continue; else if(mpa[now.z][nx][ny]==‘#‘&&mpa[(now.z+1)%2][nx][ny]==‘*‘)continue; else if(mpa[now.z][nx][ny]==‘#‘&&mpa[(now.z+1)%2][nx][ny]==‘#‘)continue; //如果两边都是‘#‘,则不能走，否则会陷入传送的循环 else if(mpa[now.z][nx][ny]==‘#‘&&(mpa[(now.z+1)%2][nx][ny]==‘.‘||mpa[(now.z+1)%2][nx][ny]==‘P‘)){ if(!vis[(now.z+1)%2][nx][ny]) //如果传送过去的点没被标记 q.push(NODE((now.z+1)%2,nx,ny,now.step+1)); vis[now.z][nx][ny]=1; //记得将原时空传送机也标记 vis[(now.z+1)%2][nx][ny]=1; } else if(mpa[now.z][nx][ny]==‘.‘||mpa[now.z][nx][ny]==‘P‘){ q.push(NODE(now.z,nx,ny,now.step+1)); vis[now.z][nx][ny]=1; } } } return false; } int main(){ int t;scanf("%d",&t); while(t--){ scanf("%d%d%d",&n,&m,&time); for(int i=0;i<2;i++){ getchar(); for(int j=0;j<n;j++){ scanf("%s",mpa[i][j]); for(int k=0;k<m;k++){ if(mpa[i][j][k]==‘P‘)et=NODE(i,j,k,0); } } } st=NODE(0,0,0,0); //起点默认为(0,0,0) if(bfs())printf("YES\n"); else printf("NO\n"); } return 0; }
2018-09-05
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原文地址：https://www.cnblogs.com/00isok/p/9595480.html
