标签:turn const 问题: empty get memset max int gis
稳定婚姻问题:有n个男生n个女生,每个男/女生对每个女/男生有一个不同的喜爱程度。给每个人选择配偶。
若不存在 x,y未匹配,且x喜欢y胜过喜欢x当前的配偶,y喜欢x也胜过y当前的配偶 的完备匹配,则称这是一个稳定匹配。
稳定匹配一定存在,且存在一个\(O(n^2)\)的算法:
任选一个未匹配的男生x,按x的喜爱程度从大到小枚举每个女生,若当前女生没有配偶或喜欢x胜过喜欢当前配偶,则与x匹配。直到所有男生都匹配。
这一题我们用行表示男生,n个数表示女生。喜爱程度为:行更喜欢靠前的数,数更喜欢其出现位置靠后的行。
eg.如果x这一行靠后的一些数都被选过了,让它们喜欢x,要不产生矛盾则要x喜欢(选)尽量靠前的数。
复杂度\(O(nm)\)。
为何rank1这么容易。。
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#include <queue>
#include <cstdio>
#include <cctype>
#include <cstring>
#include <algorithm>
//#define gc() getchar()
#define MAXIN 500000
#define gc() (SS==TT&&(TT=(SS=IN)+fread(IN,1,MAXIN,stdin),SS==TT)?EOF:*SS++)
const int N=205,M=405;
int A[N][M],pos[N][N],lk[N],ans[N];
std::queue<int> q;
char IN[MAXIN],*SS=IN,*TT=IN;
inline int read()
{
int now=0;register char c=gc();
for(;!isdigit(c);c=gc());
for(;isdigit(c);now=now*10+c-'0',c=gc());
return now;
}
int main()
{
for(int T=read(),n,m; T--; )
{
n=read(), m=read();
for(int i=1; i<=n; ++i)
for(int j=1; j<=m; ++j)
pos[i][A[i][j]=read()]=j;
memset(lk,0,sizeof lk);
for(int i=1; i<=n; ++i) q.push(i);
while(!q.empty())
{
int x=q.front(); q.pop();
ans[x]=0;
for(int i=1,v; i<=m; ++i)
if(v=A[x][i])
{
if(!lk[v]) {lk[v]=x, ans[x]=v; break;}
else if(pos[x][v]>pos[lk[v]][v])
{
q.push(lk[v]), lk[v]=x, ans[x]=v;
break;
}
}
}
for(int i=1; i<=n; ++i) printf("%d ",ans[i]); putchar('\n');
}
return 0;
}
标签:turn const 问题: empty get memset max int gis
原文地址:https://www.cnblogs.com/SovietPower/p/9636103.html