「模拟赛20181025」御风剑术 博弈论+DP简单优化

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题目描述

Yasuo 和Riven对一排\(n\)个假人开始练习。斩杀第\(i\)个假人会得到\(c_i\)个精粹。双方轮流出招，他们在练习中互相学习，所以他们的剑术越来越强。基于对方上一次斩杀的假人数量\(k\)，可以斩杀掉剩余假人中位置最靠前的\([1,2k]\)范围内数量的连续假人。最初Yasuo先出招，斩杀\(1\)或\(2\)个假人。Yasuo偷偷把你叫到一边，问在双方都采取最优策略的情况下, 他最多能够获取多少精粹。

输入

第一行一个正整数\(n\)，表示假人的个数。
接下来\(n\)行，每行一个正整数\(c_i\)表示斩杀每个假人获得的精粹数。

输出

一个正整数表示 Yasuo 能够得到的最大精粹数量。

样例输入

5
1
3
1
7
2

样例输出

9

样例解释

Yasuo 斩\(1\)号，Riven 斩\(2\)号，Yasuo 斩\(3,4\)号，Riven 斩\(5\)号。

数据范围

对于前\(10\%\)的数据，\(n \leq 10\)
对于前\(40\%\)的数据，\(n \leq 500\)
对于\(100\%\)的数据，\(5 \leq n \leq 5000, ci \leq 10^9\)

题解

首先，吐槽题目背景，并吐槽搬题并魔改的出题人。

简单博弈论\(DP\)，几乎不怎么涉及博弈论的知识。
显然两人其实是等价的，设\(f[i][j]\)表示现在剩下末尾的\(i\)个假人，最后一刀是砍了\(j\)个假人，能得到的最大值。显然我们可以枚举下一刀砍了多少人\(k\in[1,2j]\)，\(DP\)状态的转移就会非常简单。但很遗憾，这样的复杂度是\(O(n^3)\)，并不能通过所有测试点。
考虑优化，我们把\(DP\)式子写下来吧：
\(f[i][j] = max(s[i]-f[i-k][k])\)，其中\(k\in[1,2j]\)，\(s[i]\)表示后\(i\)个人的\(c\)之和。
化一下式子：
\(f[i][j] = max(f[i][j-1],s[i]-f[i-2j][2j],s[i]-f[i-2j+1][2j-1])\)
然后就没了……
\(Code:\)

#include <cmath>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
#define N 5005
#define ll long long
#define inf (1ll << 50)
template<typename Mytype>void Read(Mytype &p)
{
    p = 0;
    char c = getchar();
    for (; c < '0' || c > '9'; c = getchar());
    for (; c >= '0' && c <= '9'; c = getchar())p = p * 10 + c - '0';
}
ll s[N];
ll f[5005][5005];
int n, A[N];
int main()
{
    Read(n);
    for (int i = 1; i <= n; i++)
        Read(A[i]), s[n - i + 1] = A[i];
    for (int i = 1; i <= n; i++)
        s[i] += s[i - 1];
    for (int i = 1; i <= n; i++)
    {
        for (int j = 1; j <= n; j++)
        {
            ll ans1 = -inf, ans2 = -inf;
            if (i >= (2 * j - 1))
                ans1 = s[i] - f[i - (2 * j - 1)][2 * j - 1];
            if (i >= (2 * j))
                ans2 = s[i] - f[i - 2 * j][2 * j];
            f[i][j] = max(max(ans1, ans2), f[i][j - 1]);
        }
    }
    printf("%lld\n", f[n][1]);
}

「模拟赛20181025」御风剑术 博弈论+DP简单优化

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原文地址：https://www.cnblogs.com/ModestStarlight/p/9851268.html