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最近公共祖先

问题描述

给定一棵\(n\)个节点的有根树，节点编号为\(1\sim n\)，其中根节点为\(1\)号节点。每个节点都对应着一种颜色（黑/白）和一个固定的权值，初始时所有节点的颜色都为白色。现在你需要实现以下两种操作：

• \(\tt{Modify \ v}\)：将节点\(v\)的颜色改成黑色；
• \(\tt{Query \ v}\)：找到一个黑色节点\(u\)，使得节点\(u\)和\(v\)的最近公共祖先\(z\)对应的权值尽可能大，输出节点\(z\)的权值。如果不存在黑色节点，输出\(-1\)

输入格式

第一行两个正整数\(n,m\)，表示节点数和操作数。

第二行\(n\)个正整数\(w_1,w_2,\dots,w_n(w_i\le 10^9)\)，表示\(n\)个节点的权值。

接下来\(n-1\)行，每行两个正整数\(a_i,b_i\)，表示节点\(a_i\)与节点\(b_i\)之间有一条边相连。

接下来\(m\)行，每行由一个字符串\(str\)和一个正整数\(v\)组成，分别表示操作类型以及操作对应的节点编号。

输出格式

对于每个询问操作，输出一个整数作为这个询问的答案。

说明

对于\(10\%\)的数据：\(n\le 100,m\le 200\)

对于\(20\%\)的数据：\(n\le 3000,m\le 3000\)

对于另外\(20\%\)的数据：保证数据随机生成

对于另外\(20\%\)的数据：保证\(\tt{Query}\)操作在所有\(\tt{Modify}\)操作完成之后

对于\(10\%\)的数据：\(n\le 100000,m\le 200000\)

sb题放\(T3\)了就没做出来（其实还是太菜，和放\(T3\)没得关系

最后一个另\(20\%\)的数据还星，要做个从上到下的树形\(\tt{dp}\)，是一个不错的想法。

大概说一下，\(dp_i\)代表\(i\)节点通过\(i\)子树以外的黑点得到的最大\(LCA\)值。

转移
子树\(i\)-子树\(v\)有黑点，\(dp_v=max(dp_i,w_i)\)；
否则，\(dp_v=dp_i\)
注意最后自己是黑点还要更新一下子树。

下面正解

题目有个重点，节点只会被染黑而不会被染回去。

如果一个节点黑了，它的每个祖先节点可以对 除了这个点所在儿子的子树外 的自己子树的所有点做出贡献，直接对一个子树-子树的点集算上\(\tt{Ta}\)的贡献就可以了。

一个点被两个来自不同儿子的点算了以后，就没必要管\(\tt{Ta}\)

因此每个点计算贡献的次数是\(O(n)\)的

对子树跑一下\(DFS\)序，线段树维护一下区间修改和单点最大值就可以了。

Code:

#include <cstdio>
#include <cstring>
const int N=1e5+10;
int head[N],to[N<<1],Next[N<<1],cnt;
void add(int u,int v)
{
    to[++cnt]=v,Next[cnt]=head[u],head[u]=cnt;
}
int f[N],dfn[N],low[N],poi[N],dfs_clock,m,n,is[N];
void dfs(int now)
{
    dfn[now]=++dfs_clock;
    for(int i=head[now];i;i=Next[i])
    {
        int v=to[i];
        if(v==f[now]) continue;
        f[v]=now;
        dfs(v);
    }
    low[now]=dfs_clock;
}
#define ls id<<1
#define rs id<<1|1
int max(int x,int y){return x>y?x:y;}
int tag[N<<2];
void change(int id,int L,int R,int l,int r,int d)
{
    if(r<l||!l) return;
    if(L==l&&R==r)
    {
        tag[id]=max(tag[id],d);
        return;
    }
    int Mid=L+R>>1;
    if(r<=Mid) change(ls,L,Mid,l,r,d);
    else if(l>Mid) change(rs,Mid+1,R,l,r,d);
    else change(ls,L,Mid,l,Mid,d),change(rs,Mid+1,R,Mid+1,r,d);
}
int query(int id,int l,int r,int p)
{
    if(l==r) return tag[id];
    int mid=l+r>>1;
    if(p<=mid) return max(tag[id],query(ls,l,mid,p));
    else return max(tag[id],query(rs,mid+1,r,p));
}
int main()
{
    memset(tag,-1,sizeof(tag));
    scanf("%d%d",&n,&m);
    for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",poi+i);
    for(int u,v,i=1;i<n;i++) scanf("%d%d",&u,&v),add(u,v),add(v,u);
    dfs(1);
    char s[8];is[0]=1;
    for(int las,v,i=1;i<=m;i++)
    {
        scanf("%s%d",s,&v);
        if(s[0]=='Q')
            printf("%d\n",query(1,1,n,dfn[v]));
        else
        {
            change(1,1,n,dfn[v],low[v],poi[v]);
            las=v,is[v]=1,v=f[v];
            do
            {
                change(1,1,n,dfn[v],dfn[las]-1,poi[v]);
                change(1,1,n,low[las]+1,low[v],poi[v]);
                las=v,is[v]=1,v=f[v];
            }while(!is[v]);
            change(1,1,n,dfn[v],dfn[las]-1,poi[v]);
            change(1,1,n,low[las]+1,low[v],poi[v]);
        }
    }
    return 0;
}

2018.10.30

最近公共祖先 解题报告

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原文地址：https://www.cnblogs.com/ppprseter/p/9876904.html