标签：efi nod lld 程序 多少 接下来 std namespace turn
题目大意：输入一个十进制数N，计算出从0到N所有数里所有1的个数（注：111里有3个1）
【冷静分析】这道题乍一看有些棘手（实际也不是水题），我们不妨先找找规律。
·一位数里一共有几个1？
答：1。一个。
·两位数里有几个1？
答：个位数是1的：1,11,21,31,……（10个）
十位数是1的：10,11,12,13……（10个）
所以有二十个。
·三位数呢？
答：我不想列举了，有三百个。
等等：1，20,300……
……？？？？？？！似乎真的有规律啊！
也就是说，从0——9999（k个9）一共有1的个数是：
f(k)=k(10^k)————①*
惊人的发现啊！我们继续找规律。
不妨以12345这个数为例：
由结论①可知，在1——9999内有4000个1
接下来看10000——12345
我们惊奇地发现，这2346个数的万位都是1，所以答案加上2346
顺着这个思路，我们再来看千位：
当千位为0时，后面的三个数无论是多少，整体都不会超过12345
我们自然想到结论①，这0——999中有300个1
当千位为1时，后面三个数无论是多少，整体也不会超过12345
再加上300，当然，不能忘了千位的1，它一共贡献了1000
当千位为2时，抱歉，路不通了
那我们再看百位。同理：
百位可以固定的数是0,1,2，它们总共会贡献3 * f(2)= 60
百位上的1可以贡献： 100
看十位：固定0,1,2,3，贡献4 * f(1)= 4
十位上的1可以贡献： 10
个位可以是0,1,2,3,4,5，贡献： 1
所以答案是8121
怎么设计程序呢？
首先要注意到的是函数f，可以预处理一下，用数组保存每一个k的f[k]
剩下来的操作虽然冗长，但并不繁杂，涉及到的操作如下：
1、若正在处理的数字是1，计算出1后面的数字m，ans+=m+1（回想加2346的操作）
2、若处理的是个位，若个位不是0，则ans++
3、若正在处理的数字c不是个位也不是1，从0枚举到c-1，ans+=f[s-1]（s表示这一位的位数，个位是1，十位是2……）
不要忘了加上这一位上1贡献的数，也就是10 ^ (k-1)
标程如下
?
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
ll f[10];
ll n,ans;
void solve(ll t,int s){
if(t==1){//处理个位 ：1234？中？出现1的可能性
for(ll i=0;i<=n%10;i++){
if(i==1) ans++;
}
return;//证明处理完了
}
ll now=(n/t)%10;//当前正在处理位置上的数字
if(now==1) ans+=n%t+1;//正在处理位置上的数是1:
//从10000到12345万位上一共可以贡献2346个1
for(ll i=0;i<now;i++){//这一位上可以固定的数 （如果是1就无效了）
if(i==1)ans+=t;//这一位可以贡献的1的个数
ans+=f[s-1];//s表示这一位是从右往左第几位
}
solve(t/10,s-1);//处理下一位，相应地，s应该右移
}
int main(){
ll a,b=1,c=1;
for(a=1;a<=9;a++){
f[a]=a;
for(ll i=1;i<a;i++)f[a]*=10;
}
scanf("%lld",&n);
while(b<n)b*=10,c++;
solve(b,c);
printf ("%lld\n",ans);
return 0;
}
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原文地址：https://www.cnblogs.com/erutsiom/p/9904794.html
