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2014牡丹江——Known Notation

时间:2014-10-13 15:03:19      阅读:208      评论:0      收藏:0      [点我收藏+]

标签:acm

题目链接

  • 题意:
    输入一个长度不超过1000的字符串,包括数字(1-9)和星号(*)。字符串中的空格已经丢失,所以连起来的数字串可以看成许多分开的数,也可以看成连续的数,即可以随意添加空格。现在有两种操作:1)在任意位置添加任意类型的字符(数字或者星号)    2)交换字符串中的任意两个字符
    求:最少操作多少次,使得得到的串是一个合法的逆波兰式
  • 分析:
    对于n个星号,n+1个数字的字符串,如果将星号都移动到串的末尾,那么一定是合法的
    对于操作1,如果需要插入数字,那么插入到字符串的最前边是最优的
    对于操作2,只可能将星号和数字交换,并且将星号移到了字符串的后边

    那么,先对串进行操作1,使得数字个数不小于星号的个数加一;然后从左到右扫描字符串,如果当前星号前边的数字和星号不满足对应关系(同上),需要将当前星号与最后一个数字交换;最后,如果字符串最后不是星号,答案加一
  • 注意:
    如果最后得到的串最后不是星号,那么必然答案加一
    如果输入没有星号,那么答案是0
const int maxn = 1100;

char s[maxn];
int n;
vector<int> v;
int main()
{
    int T;
    RI(T);
    while (T--)
    {
        v.clear();
        RS(s);
        n = strlen(s);
        int num = 0, sig = 0;
        REP(i, n)
        {
            if (s[i] == '*') sig++;
            else
            {
                v.push_back(i);
                num++;
            }
        }
        int ans = 0;
        int preadd = 0;
        if (!sig)
        {
            ans = 0;
        }
        else
        {
            if (num < sig + 1)
            {
                preadd = sig + 1 - num;
                ans += preadd;
            }


            int sig_num = 0;

            for (int i = 0; i < n; i++)
            {
                if (s[i] == '*')
                {
                    sig_num++;
                    if (preadd < sig_num + 1)
                    {
                        int sz = v.size();
                        int id = v[sz - 1];
                        v.pop_back();
                        swap(s[i], s[id]);

                        sig_num--;
                        preadd++;
                        ans++;
                    }
                }
                else preadd++;
            }


            if (s[n - 1] != '*')
                ans++;
        }
        printf("%d\n", ans);

    }
    return 0;
}


2014牡丹江——Known Notation

标签:acm

原文地址:http://blog.csdn.net/wty__/article/details/40043837

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