[luogu2664] 树上游戏

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题目描述

lrb有一棵树，树的每个节点有个颜色。给一个长度为n的颜色序列，定义s(i,j) 为i 到j 的颜色数量。以及

现在他想让你求出所有的sum[i]

输入输出格式

输入格式：

第一行为一个整数n，表示树节点的数量

第二行为n个整数，分别表示n个节点的颜色c[1],c[2]……c[n]

接下来n-1行，每行为两个整数x,y，表示x和y之间有一条边

输出格式：

输出n行，第i行为sum[i]

输入输出样例

输入样例#1：

5
1 2 3 2 3
1 2
2 3
2 4
1 5

输出样例#1：

10
9
11
9
12

Solution

链上信息，可以考虑点分治。

那么问题就转化为了：如何在\(O(n)\)的时间内求出经过\(rt\)的所有链信息，并把答案更新到每个点上。

这样显然不是很好做，考虑算每种颜色的贡献。

对于一种颜色，只有他第一次出现的时候才会造成一点贡献，可以考虑记个桶来维护颜色的贡献。

具体的，对于当前的分治块，对\(rt\)的每个儿子的子树\(dfs\)，如果当前点的颜色是\(rt\)到当前点这条链上第一次出现，那么就把当前点的\(size\)加入桶。

先把所有儿子的子树全处理完，弄出来一个桶，注意根的颜色特判。

然后统计答案，枚举根的儿子，先消除当前子树对桶的贡献，然后对当前子树\(dfs\)，若当前点颜色第一次出现，就把当前颜色的桶的值改为\(sz[rt]-sz[x]\)，\(x\)为当前儿子。

然后记得回溯时还原，每个子树统计完答案把影响加回来，更改桶的时候同时维护一个\(sum\)。

细节挺多的，具体看代码。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
 
#define int long long    //偷下懒QAQ

void read(int &x) {
    x=0;int f=1;char ch=getchar();
    for(;!isdigit(ch);ch=getchar()) if(ch=='-') f=-f;
    for(;isdigit(ch);ch=getchar()) x=x*10+ch-'0';x*=f;
}
 
void print(int x) {
    if(!x) return ;if(x<0) x=-x,putchar('-');
    print(x/10),putchar(x%10+48);
}
void write(int x) {if(!x) putchar('0');else print(x);puts("");}
 
const int maxn = 1e5+10;
const int mod = 1e9+7;
 
int n,m,col[maxn];
 
struct Input_Tree {
    int head[maxn],tot,vis[maxn],sz[maxn],f[maxn],rt,t[maxn],ans[maxn],size,siz[maxn],r[maxn],sum,del_sz;
    struct edge{int to,nxt;}e[maxn<<1];
 
    void add(int u,int v) {e[++tot]=(edge){v,head[u]},head[u]=tot;}
    void ins(int u,int v) {add(u,v),add(v,u);}
     
    void get_rt(int x,int fa) {
        sz[x]=1,f[x]=0;
        for(int i=head[x];i;i=e[i].nxt)
            if(!vis[e[i].to]&&e[i].to!=fa) {
                get_rt(e[i].to,x);sz[x]+=sz[e[i].to];
                f[x]=max(f[x],sz[e[i].to]);
            }
        f[x]=max(f[x],size-sz[x]);
        if(f[x]<f[rt]) rt=x;
    }
 
    void get_t(int x,int fa,int delta) {
        sz[x]=1;r[col[x]]++;
        for(int i=head[x];i;i=e[i].nxt)
            if(!vis[e[i].to]&&e[i].to!=fa)
                get_t(e[i].to,x,delta),sz[x]+=sz[e[i].to];
        r[col[x]]--;
        if(!r[col[x]]&&col[x]!=col[rt]) t[col[x]]+=sz[x]*delta,sum+=sz[x]*delta;
    }
 
    void get_ans(int x,int fa) {
        int tmp=t[col[x]];
        if(!r[col[x]]&&col[x]!=col[rt]) t[col[x]]=del_sz,sum=sum-tmp+del_sz;
        ans[x]+=sum;
        r[col[x]]++;
        for(int i=head[x];i;i=e[i].nxt)
            if(!vis[e[i].to]&&e[i].to!=fa) get_ans(e[i].to,x);
        r[col[x]]--;
        if(!r[col[x]]&&col[x]!=col[rt]) sum=sum-t[col[x]]+tmp,t[col[x]]=tmp;
    }
 
    void clear(int x,int fa) {
        t[col[x]]=r[col[x]]=0;
        for(int i=head[x];i;i=e[i].nxt)
            if(!vis[e[i].to]&&e[i].to!=fa) clear(e[i].to,x);
    }
     
    void solve(int x) {
        vis[x]=1;
        clear(x,0);sum=0;
        for(int i=head[x];i;i=e[i].nxt)
            if(!vis[e[i].to]) get_t(e[i].to,x,1);
        del_sz=1;
        for(int i=head[x];i;i=e[i].nxt) if(!vis[e[i].to]) del_sz+=sz[e[i].to];
        t[col[x]]=del_sz;sum+=del_sz;
        ans[x]+=sum;
        for(int i=head[x];i;i=e[i].nxt)
            if(!vis[e[i].to]) {
                get_t(e[i].to,x,-1);del_sz-=sz[e[i].to];
                t[col[x]]-=sz[e[i].to],sum-=sz[e[i].to];
                get_ans(e[i].to,x);
                get_t(e[i].to,x,1);del_sz+=sz[e[i].to];
                t[col[x]]+=sz[e[i].to],sum+=sz[e[i].to];
            }
        for(int i=head[x];i;i=e[i].nxt)
            if(!vis[e[i].to]) size=sz[e[i].to],rt=0,get_rt(e[i].to,x),solve(rt);
    }
     
    void work() {
        size=n,f[0]=maxn,get_rt(1,0);
        solve(rt);for(int i=1;i<=n;i++) write(ans[i]);
    }
}T;
 
signed main() {
    read(n);
    for(int i=1;i<=n;i++) read(col[i]);
    for(int i=1,x,y;i<n;i++) read(x),read(y),T.ins(x,y);
    T.work();
    return 0;
}

[luogu2664] 树上游戏

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原文地址：https://www.cnblogs.com/hbyer/p/10257773.html