CF258D. Little Elephant and Broken Sorting

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题意:

有一个1~n的排列,依次进行m次操作,第i次操作表示为\((x _i,y_i)\),交换以这两个值为下标的元素,每次操作有一半的概率成功,你需要求出最后序列的逆序对的期望个数.

分析:

因为逆序对是(x,y)的形式,那么考虑每一对(i,j)对答案的贡献.

\(f_{i,j}\)表示\(a_i>a_j\)的概率,我们发现每一个操作只影响\(O(n)\)个f值,于是可以处理出每一个f的初始值,每次更新受影响的值即可。

时间复杂度 \(O(NM)\), 空间复杂度 \(O(N^2)\).

int n,m,a[1005];
double ans,f[1005][1005];
int main(){
    n=read();m=read();
//对于长度为n的序列,有m次操作
    for(int i=1;i<=n;i++)
        a[i]=read();
//读入序列
    for(int i=1;i<=n;i++)
    for(int j=1;j<=n;j++)
        f[i][j]=a[i]>a[j];
//预处理出f数组的初始值
    for(int i=1;i<=m;i++){
        int x=read(),y=read();
        for(int j=1;j<=n;j++){
            f[x][j]=f[y][j]=(double)0.5*(f[x][j]+f[y][j]);
            f[j][x]=f[j][y]=(double)0.5*(f[j][x]+f[j][y]);
        }
//是否交换x,y的概率为0.5,
//则a[x]>a[j]和a[y]>a[j]的概率取决于它们的和.
//2式写成f[j][x]=f[j][y]=1-f[x][j]应该也可以.
        f[x][y]=f[y][x]=0.5;
//是否交换x,y的概率为0.5,
//所以a[x]>a[y]和a[y]>a[x]的概率都是0.5.
    }
    for(int i=1;i<=n;i++)
        for(int j=i+1;j<=n;j++)
            ans+=f[i][j];
//累加所有逆序对的概率
    printf("%.8lf",ans);
//答案保留到小数点后8位
    return 0;
}

CF258D. Little Elephant and Broken Sorting

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原文地址：https://www.cnblogs.com/PPXppx/p/10328100.html