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FJ和他的奶牛们正在计划离开小镇做一次长的旅行，同时FJ想临时地关掉他的农场以节省一些金钱。
这个农场一共有被用M条双向道路连接的N个谷仓(1<=N,M<=3000)。为了关闭整个农场，FJ 计划每一次关闭掉一个谷仓。当一个谷仓被关闭了，所有的连接到这个谷仓的道路都会被关闭，而且再也不能够被使用。
FJ现在正感兴趣于知道在每一个时间（这里的“时间”指在每一次关闭谷仓之前的时间）时他的农场是否是“全连通的”——也就是说从任意的一个开着的谷仓开始，能够到达另外的一个谷仓。注意自从某一个时间之后，可能整个农场都开始不会是“全连通的”。
题意：给出n个点和m条无向边 每次去掉一个点查看联通块是否为1
遵循先判断输出 然后去掉一个点的原则
并查集find1一定要优化 一开始就因为这个超时
因为并查集没有拆掉的操作 所以要倒着来 每次加上一个点 （比如拆到最后一个点的时候是一个点 倒着来补上第一个点的时候也是那一个点 所以是一样的）
因为奇特的读入输出模式 其实就是为了倒着来所准备的
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; //input by bxd #define rep(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++) #define repp(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--) #define RI(n) scanf("%d",&(n)) #define RII(n,m) scanf("%d%d",&n,&m) #define RIII(n,m,k) scanf("%d%d%d",&n,&m,&k) #define RS(s) scanf("%s",s); #define LL long long #define pb push_back #define fi first #define REP(i,N) for(int i=0;i<(N);i++) #define CLR(A,v) memset(A,v,sizeof A) /////////////////////////////////// #define inf 0x3f3f3f3f #define N 3000+5 int n,m; int x[N],y[N]; int in[N]; int f[N]; int node[N]; int ans[N]; int find1(int x) { return f[x]==x?x:(f[x]=find1(f[x]) ); } void union1(int a,int b) { int x=find1(a); int y=find1(b); if(x!=y) f[x]=y; } int main() { RII(n,m); rep(i,1,n) f[i]=i; rep(i,1,m) { RII(x[i],y[i]); } rep(i,1,n) { RI(node[i]); in[node[i]]=0; } repp(i,n,1) { in[ node[i] ]=1; rep(j,1,m) if( in[ x[j] ]&&in[ y[j] ] ) union1( x[j],y[j] ); rep(j,1,n)//遍历n查看有几个联通块 if(in[j]&&f[j]==j) ans[i]++; } rep(i,1,n) if(ans[i]==1) printf("YES\n"); else printf("NO\n"); return 0; }
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原文地址：https://www.cnblogs.com/bxd123/p/10569118.html
