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孤岛营救问题

时间:2019-03-28 21:47:44      阅读:195      评论:0      收藏:0      [点我收藏+]

标签:front   main   namespace   --   cstring   之间   广搜   钥匙   整数   

孤岛营救问题

题目链接

题目描述

\(1944\)年,特种兵麦克接到国防部的命令,要求立即赶赴太平洋上的一个孤岛,营救被敌军俘虏的大兵瑞恩。瑞恩被关押在一个迷宫里,迷宫地形复杂,但幸好麦克得到了迷宫的地形图。迷宫的外形是一个长方形,其南北方向被划分为\(N\)行,东西方向被划分为\(M\)列,于是整个迷宫被划分为\(N\times M\)个单元。每一个单元的位置可用一个有序数对(单元的行号,单元的列号)来表示。南北或东西方向相邻的 \(22\)个单元之间可能互通,也可能有一扇锁着的门,或者是一堵不可逾越的墙。迷宫中有一些单元存放着钥匙,并且所有的门被分成\(P\)类,打开同一类的门的钥匙相同,不同类门的钥匙不同。

大兵瑞恩被关押在迷宫的东南角,即\((N,M)\)单元里,并已经昏迷。迷宫只有一个入口,在西北角。也就是说,麦克可以直接进入\((1,1)\)单元。另外,麦克从一个单元移动到另一个相邻单元的时间为\(1\),拿取所在单元的钥匙的时间以及用钥匙开门的时间可忽略不计。

试设计一个算法,帮助麦克以最快的方式到达瑞恩所在单元,营救大兵瑞恩。

输入输出格式

输入格式:

\(1\)行有\(3\)个整数,分别表示\(N,M,P\)的值。

\(2\)行是\(1\)个整数\(K\),表示迷宫中门和墙的总数。

\(I+2\)\((1\leq I\leq K)\),有\(5\)个整数,依次为\(X_{i1},Y_{i1},X_{i2},Y_{i2},G_i\)

  • \(G_i \geq 1\)时,表示\((X_{i1},Y_{i1})\)单元与\((X_{i2},Y_{i2})\)单元之间有一扇第\(G_i\)类的门
  • \(G_i=0\)时,表示\((X_{i1},Y_{i1})\)单元与\((X_{i2},Y_{i2})\)单元之间有一堵不可逾越的墙(其中,\(|X_{i1}-X_{i2}|+|Y_{i1}-Y_{i2}|=1\)\(0\leq G_i\leq P\))。

\(K+3\)行是一个整数\(S\),表示迷宫中存放的钥匙总数。

\(K+3+J\)\((1\leq J\leq S)\),有\(3\)个整数,依次为\(X_{i1},Y_{i1},Q_i\):表示第\(J\)把钥匙存放在\((X_{i1},Y_{i1})\)单元里,并且第\(J\)把钥匙是用来开启第\(Q_i\)类门的。(其中\(1\leq Q_i\leq P\))。

输入数据中同一行各相邻整数之间用一个空格分隔。

输出格式:

将麦克营救到大兵瑞恩的最短时间的值输出。如果问题无解,则输出$ -1$。

输入输出样例

输入样例

4 4 9
9
1 2 1 3 2
1 2 2 2 0
2 1 2 2 0
2 1 3 1 0
2 3 3 3 0
2 4 3 4 1
3 2 3 3 0
3 3 4 3 0
4 3 4 4 0
2
2 1 2
4 2 1

输出样例

14

说明

\(|X_{i1}-X_{i2}|+|Y_{i1}-Y_{i2}|=1,0\leq G_i\leq P∣\)

\(1\leq Q_i\leq P\)

\(N,M,P\leq10, K<150,S\leq 14\)

\(Solution\)

观察到数据范围很小,可以状压。

对钥匙状压,记录每个点的最短时间和相应的钥匙,然后广搜就好了。

似乎没有什么好说的。代码详解。

#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <queue>
using namespace std;
long long read(){
    long long x = 0; int f = 0; char c = getchar();
    while(c < '0' || c > '9') f |= c == '-', c = getchar();
    while(c >= '0' && c <= '9') x = (x << 1) + (x << 3) + (c ^ 48), c = getchar();
    return f? -x:x;
}

int dir[4][2] = {{0, -1}, {0, 1}, {-1, 0}, {1, 0}};//记录方向
int n, m, p, k, a, b, c, d, e;
int key[22][22], wall[22][22][4], vis[1024][22][22];
    //每个点的钥匙   墙的状态       是否访问过
struct szh{
    int key, x, y, d;//广搜结构体
};
queue<szh> q;
int main(){
    n = read(); m = read(); p = read(); k = read();
    while(k--){
        a = read(); b = read(); c = read(); d = read(); e = read();
        if(!e--) e = 11;//墙特殊处理
        for(int i = 0; i < 4; i++)//找方向
            if(c == a + dir[i][0] && d == b + dir[i][1]){
                wall[a][b][i] = 1 << e,wall[c][d][i ^ 1] = 1 << e;//两个点都要更新
                break;
            }
    }
    k = read();
    while(k--){
        a = read(); b = read(); c = read();
        key[a][b] |= 1 << (c - 1);//状压钥匙
    }
    q.push((szh){key[1][1], 1, 1, 0});//起点入队
    while(!q.empty()){
        szh u = q.front(); q.pop();
        int ky = u.key, x = u.x, y = u.y, d = u.d;
        if(x == n && y == m){//走到终点就退出
            printf("%d\n", d);return 0;
        }
        for(int i = 0; i < 4; i++){//遍历四个方向
            if((wall[x][y][i] & ky) != wall[x][y][i]) continue;//没对应钥匙
            int nx = x + dir[i][0], ny = y + dir[i][1], nky = ky | key[nx][ny];
            if(nx < 1 || ny < 1 || nx > n || ny > m) continue;//越界
            if(!vis[nky][nx][ny])//入队
                vis[nky][nx][ny] = 1, q.push((szh){nky, nx, ny, d + 1});
        }
    }
    puts("-1");
    return 0;
}

孤岛营救问题

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原文地址:https://www.cnblogs.com/kylinbalck/p/10617877.html

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