标签：org 情况 tle long ++ 最大数 int ring alt
矩阵很大，但是发现 $n$ 很小，从这边考虑，对于一个一堆小矩阵放在一起的情况
考虑把每一块单独考虑然后方案再乘起来
但是这些奇怪的东西很不好考虑
所以暴力一点，直接拆成一个个小块
但是这样我们还要考虑到小矩形的限制，设 $f[i][S]$ 表示现在考虑完第 $i$ 个小块，小矩形的限制满足的状态为 $S$ 时的方案数
发现这些小块不会跨过矩形，维护每个小块的限制（即这个块能填的最大的数）$Mx$，以及这个小块填最大数时，能使哪些小矩形满足限制 ($P$)
设小块的面积为 $S$，那么如果下一小矩形不填最大数，则转移到 $f[i+1][S]$，贡献方案数为 $(Mx[i+1]-1)^{S[i+1]}$
如果下一小矩形填最大数，则转移到 $f[i+1][S|P[i+1]]$，贡献为总方案数-不填最大数的方案数$Mx[i+1]^{S[i+1]}\ -\ (Mx[i+1]-1)^{S[i+1]}$
然后就是奇奇怪怪的离散化和预处理了
#include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> #include<cmath> using namespace std; typedef long long ll; inline int read() { int x=0,f=1; char ch=getchar(); while(ch<‘0‘||ch>‘9‘) { if(ch==‘-‘) f=-1; ch=getchar(); } while(ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘) { x=(x<<1)+(x<<3)+(ch^48); ch=getchar(); } return x*f; } const int N=2007,mo=1e9+7; int T,h,w,n,m; int X1[N],X2[N],Y1[N],Y2[N],v[N]; int xp[N],yp[N],tx,ty,tot; int tmp[N],t; int f[N][N],S[N],Mx[N],P[N]; inline bool pd(int x,int y,int k) { return x>=X1[k]&&x<=X2[k]&&y>=Y1[k]&&y<=Y2[k]; } //判断以(x,y)右上角的小块是否在矩形k中，因为离散化后小块不可能跨过矩形所以可以这样判断 inline int ksm(int x,int y) { int res=1; while(y) { if(y&1) res=1ll*res*x%mo; x=1ll*x*x%mo; y>>=1; } return res; } int main() { //以下默认往右为大，往上为大 T=read(); while(T--) { memset(f,0,sizeof(f)); memset(P,0,sizeof(P)); xp[tx=1]=0; yp[ty=1]=0; tot=0; h=read(),w=read(),m=read(),n=read(); for(int i=1;i<=n;i++) { X1[i]=read(),Y1[i]=read(),X2[i]=read(),Y2[i]=read(),v[i]=read(); xp[++tx]=X1[i]-1,yp[++ty]=Y1[i]-1;//注意-1,边界很重要，左下弄成开区间很重要! xp[++tx]=X2[i],yp[++ty]=Y2[i]; } xp[++tx]=h; yp[++ty]=w; sort(xp+1,xp+tx+1); sort(yp+1,yp+ty+1); for(int i=1;i<=tx;i++) tmp[i]=xp[i]; t=tx; tx=0; for(int i=1;i<=t;i++) if(i==1||tmp[i]!=tmp[i-1]) xp[++tx]=tmp[i];//离散化 for(int i=1;i<=ty;i++) tmp[i]=yp[i]; t=ty; ty=0; for(int i=1;i<=t;i++) if(i==1||tmp[i]!=tmp[i-1]) yp[++ty]=tmp[i];//离散化 for(int i=2;i<=tx;i++) for(int j=2;j<=ty;j++) { tot++; Mx[tot]=m; S[tot]=(xp[i]-xp[i-1])*(yp[j]-yp[j-1]);//小的边界是不包含的，即区间是左开右闭的，下开上闭的 for(int k=1;k<=n;k++) if(pd(xp[i],yp[j],k)) Mx[tot]=min(Mx[tot],v[k]);//处理Mx for(int k=1;k<=n;k++) if(pd(xp[i],yp[j],k) && Mx[tot]==v[k])//处理P P[tot]|=(1<<k-1); } int mx=(1<<n)-1; f[0][0]=1;//DP for(int i=0;i<tot;i++) { int t1=ksm(Mx[i+1]-1,S[i+1]),t2=(ksm(Mx[i+1],S[i+1])-t1+mo)%mo; for(int j=0;j<=mx;j++) { if(!f[i][j]) continue; f[i+1][j|P[i+1]]=(f[i+1][j|P[i+1]]+1ll*f[i][j]*t2%mo)%mo;//此块填最大数 f[i+1][j]=(f[i+1][j]+1ll*f[i][j]*t1%mo)%mo;//此块不填最大数 } } printf("%d\n",f[tot][mx]); } }
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原文地址：https://www.cnblogs.com/LLTYYC/p/10630950.html
