标签：push 传统 包括 for sample out sizeof == 存储
Input 第1行为一个整数t (1 ≤ t ≤ 100),表示测试数据的个数，接下来为t组测试数据，每组测试数据中，
第1行为两个整数m, n (1 ≤ m, n ≤ 100),分别表示迷宫的行数和列数，接下来m行，每行包括n个字符，其中字符‘.‘表示该位置为空地，字符‘*‘表示该位置为障碍，输入数据中只有这两种字符，每组测试数据的最后一行为5个整数k, x 1, y 1, x 2, y 2 (1 ≤ k ≤ 10, 1 ≤ x1, x 2 ≤ n, 1 ≤ y 1, y 2 ≤ m),其中k表示gloria最多能转的弯数，(x 1, y 1), (x 2, y2)表示两个位置，其中x 1，x 2对应列，y 1, y 2对应行。
Output 每组测试数据对应为一行，若gloria能从一个位置走到另外一个位置，输出“yes”，否则输出“no”。Sample Input
2 5 5 ...** *.**. ..... ..... *.... 1 1 1 1 3 5 5 ...** *.**. ..... ..... *.... 2 1 1 1 3
Sample Output
no yes
这个题目在搜索题目中应该是一个比较难的题目了，做法就是讲BFS当DFS用
传统的BFS一般情况下用来计算从一个点到另外一个点的最短路径之类的问题，但是这个题目让求最短的转弯次数，思路就是 沿着一个方向一致走 ，我遍历完该方向的所有点，当与到终点是直接输出转弯次数。
AC代码：
#include<iostream> #include<cstdio> #include<queue> #include<cstring> using namespace std; struct stu{ int a,b,c;//分别指点的坐标与当前转弯次数 }e1,e2,e3; int d[4][2]={{1,0},{0,1},{-1,0},{0,-1}};//四个方向，一定要对四个方向中，沿着每一个方向走，， 直到撞墙 int mark[100+10][100+10]; char arr[100+10][100+10]; int n,m; int k,x1,y1,x2,y2; int bfs(){ queue<stu>que; que.push({x1,y1,-1});//初始转弯为-1，因为第一次转弯不计数 mark[x1][y1]=1;//初识标记 while(que.size()){ int xx=que.front().a; int yy=que.front().b; int zz=que.front().c; que.pop(); if(zz>=k) break;//这里为什么直接跳出呢，因为我们用bfs队列中存储的都是最少的转弯次数，如果转弯次数为k但是没有到终点，以后的转弯次数只会越来越来大，所以要跳出 for(int i=0;i<4;i++){ int dx=xx+d[i][0]; int dy=yy+d[i][1]; int cnt=zz+1;//转弯次数加一，每一个方向Zz是不变的,,所以在每个方向cnt是相等的 while(1){//一直走 if(dx>=1&&dx<=n&&dy>=1&&dy<=m&&arr[dx][dy]==‘.‘)//判断越界等 { if(dx==x2&&dy==y2)//终点直接输出，，不用判断转弯次数，因为我们前边加了个if(zz>=k) break;所以cnt最大为k { return 1; } if(mark[dx][dy]==0){ mark[dx][dy]=1; que.push({dx,dy,cnt}); } dx=dx+d[i][0];//因为一直沿着i这个方向走，所以只改变dx与dy的值就好了 dy=dy+d[i][1]; } else break; } } } return 0; } int main() { int t; cin>>t; while(t--){ scanf("%d%d",&n,&m); for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++){ cin>>arr[i][j]; } scanf("%d%d%d%d%d",&k,&y1,&x1,&y2,&x2); memset(mark,0,sizeof(mark)); if(bfs()) puts("yes"); else puts("no"); } return 0; }
标签：push 传统 包括 for sample out sizeof == 存储
原文地址：https://www.cnblogs.com/Accepting/p/11253501.html
