标签：long opera 表示 复杂度 amp i++ thml 连通图 时间
无向连通图 GG 有 nn 个点，n-1n−1 条边。点从 11 到 nn 依次编号,编号为 ii 的点的权值为 W_iWi?，每条边的长度均为 11。图上两点 (u, v)(u,v) 的距离定义为 uu 点到 vv 点的最短距离。对于图 GG 上的点对 (u, v)(u,v)，若它们的距离为 22，则它们之间会产生W_v \times W_uWv?×Wu? 的联合权值。
请问图 GG 上所有可产生联合权值的有序点对中，联合权值最大的是多少？所有联合权值之和是多少？
第一行包含 11 个整数 nn。
接下来 n-1n−1 行,每行包含 22 个用空格隔开的正整数 u,vu,v，表示编号为 uu 和编号为 vv 的点之间有边相连。
最后 11 行,包含 nn 个正整数，每两个正整数之间用一个空格隔开，其中第 ii 个整数表示图 GG 上编号为 ii 的点的权值为 W_iWi?。
输出共 11 行,包含 22 个整数，之间用一个空格隔开,依次为图 GG 上联合权值的最大值和所有联合权值之和。由于所有联合权值之和可能很大，输出它时要对1000710007取余。
5 1 2 2 3 3 4 4 5 1 5 2 3 10
20 74
看到题目首先想到链式前向性连图，遍历每个点，从每个点衍生，找到中继点，再通过中继点找到终点，就这样遍历求和和最大值
for(int i=1;i<=n;i++){
for(int j=frt[i];j;j=nxt[j]){
int zjd=ex[j];
for(int k=frt[zjd];k;k=nxt[k]){
int zd=ex[k];
if(zd!=i){
long long opo=w[i]*w[zd];
maxn=max(maxn,opo);
ans+=opo;
}
}
}
}
但是，很明显，一些情况下时间复杂度达到了0（n^2)
于是我们需要优化，由于n个点，n-1条边，所以这是棵树
枚举根节点，其所有的儿子节点距离都为2，可以压掉一半
for(int i=1;i<=n;i++){
long long max1=0,max2=0;int sum=0;
for(int j=frt[i];j;j=nxt[j])
{
int son=ex[j];
if(w[son]>max1){
max2=max1;
max1=w[son];
}else if(w[son]>max2)max2=w[son];
ans=(ans+sum*w[son])%mod;
sum=(sum+w[son])%mod;
}
maxn=max(max1*max2,maxn);
}
标签：long opera 表示 复杂度 amp i++ thml 连通图 时间
原文地址：https://www.cnblogs.com/qibaike/p/11396885.html
