标签：spl min 目的 solution 策略 display play end 范围
一道陈题.
起因是窥室友手机屏, 看到他群里有人问一个经典问题.
两个一模一样的玻璃球, 两个玻璃球如果从一定高度掉落到地上会被摔碎, 如果在这个高度以下往下扔怎么都不会碎, 现在已知这个恰巧摔碎的高度范围在 1 层楼到 100 层楼之间, 如何用最少的试验次数, 用这两个玻璃球测试出玻璃球恰好摔碎的楼高呢?1
当只剩 1 个球时, 只能一层一层往上测试. 第 1 个球的任务是减少第 2 个球所需测试的次数. 直观上讲, 第 1 个球测试点的间隔要越来越小, 这样第 2 个球所需测试次数少, 才能保证总次数一定.
记最少测试次数为 \(m\), 即最优策略的最坏测试次数为 \(m\). 若第 1 个球第 \(j\) 次测试 (之前都没碎) 在 \(n_j\) 层下落
因此 2 个球 \(m\) 次测试最多可以在 \(m + (m-1) + \dots + 1 = m(m+1)/2\) 层楼中定位临界层数. 最小测试次数即 \(\min\{m\in\mathbb N \mid m(m+1)/2 \ge 100\} = 14\). 策略并不唯一, 例如令 \(n_j = m + (m-1) + \dots + (m-j+1)\), 其中 \(j\le 11\).
一个很自然的问题是, 若有 \(k\) 个玻璃球, 求在 \(N\) 层楼中定位临界层数需要的最少测试次数.2 类似上题, 考虑 \(k\) 个球 \(m\) 次测试最多能在 \(f(k, m)\) 层楼中定位临界层数. 若第 1 个球第 1 次测试在 \(n_1\) 层下落
因此
\[ f(k, m) = f(k, m-1) + 1 + f(k-1, m-1), \]
边界条件 \(f(0, m) = f(k, 0) = 0\), 或者说 \(f(1,m) = m\), \(f(k,1) = 1\).
这个形式让人很自然地想起了 (广义) 组合数的递推式
\[ \frac{m(m-1)\cdots (m-n+1)}{n!}=\begin{pmatrix}m\\n\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}m-1\\n\end{pmatrix} + \begin{pmatrix}m-1\\n-1\end{pmatrix}. \]
所以要想办法把递推式中的 1 去掉. First attempt 是记 \(g(k,m) = f(k, m) + 1\), 但是这样边界条件不对. 尝试 \(g(k,m) = f(k,m) - f(k,m-1)\) 边界条件也不对. 记 \(g(k,m) = f(k,m) - f(k-1,m)\), 则
\[ g(k,m) = g(k, m-1) + g(k-1, m-1), \]
这次边界条件对了, \(g(1,m) = m\), \(g(1,1) = 1\), \(g(k,1) = 0\) for \(k>1\). 易知
\[ f(k,m) = \sum_{x=1}^k g(x,m) + f(0,m) = \sum_{x=1}^k\begin{pmatrix}m\\x\end{pmatrix}. \]
于是 \(k\) 个球 \(N\) 层楼, 最少测试次数是 \(\min\{m \mid f(k,m) \ge N\}\).
class Solution:
def superEggDrop(self, k: int, N: int) -> int:
def f_k(m):
# if f(k, m) >= N, return True; else False
result = 0
c = 1
for x in range(1, k+1):
c = c * (m-x+1) / x # combinatorial number C_m^x
result += c # f(x, m)
if result >= N:
return True
return False
# binary search
left, right = 1, N
while left < right:
mid = (left + right) // 2
if f_k(mid):
right = mid
else:
left = mid + 1
return left算法时间复杂度 \(O(k\log N)\), 空间复杂度 \(O(1)\).
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原文地址：https://www.cnblogs.com/shiina922/p/11516507.html
