标签：speed void 位置 RKE bsp else 约数 联通 ade
可以把时间离线下来，
考试没有想到将询问离线，用数组存算了算只能过200的点，拿了70
事实上背包后直接二分就好。。。
好题，想到以前的一道题影子。
考场用单调队列多QJ了20分，然而没有想到并查集
线段树上分治？？？？？
线段树上的节点表示在该权值在该区间内的边，每个节点开个vector即可
那么考虑区间查询和单点修改，
对于每个叶子节点，我们从上到下所经历的边其实就是可行的边
对于每个节点维护并查集，该联通块的最长直径和两个端点
在两个联通块相连时就是6种情况
即原直径或两联通块的端点所连的直径
但是对于每个点我们清空并查集会T，
那么我们采用按秩合并....
就是对每个节点编个排名，然后排名小的连向排名的节点，
然后我们开个栈，记录每次新连边后更改信息
void deld(int now){ while(top>now){ fa[st[top].to]=st[top].to; del[st[top].fa]-=del[st[top].to]; len[st[top].fa]=st[top].val; lx[st[top].fa]=st[top].dian1; rx[st[top].fa]=st[top].dian2; top--; } }
因为我们是将两联通块的fa节点相连，所以撤去后，儿子节点指向自己，父亲节点的del要减去
然后len，及直径两端点修改回原来的。
然后以为是栈，所以分治完后清空就好了。
因为倍增LCA超时了，所以改为ST求LCA，O(1)查询，跑的飞快
void DFS(int x,int father){ pre[++dep]=x;R[dep]=deep[x];fir[x]=dep; for(int i=head[x];i;i=e[i].n){ int to=e[i].to; if(to==father)continue; deep[to]=deep[x]+1; DFS(to,x); pre[++dep]=x;R[dep]=deep[x]; } } void ST(){ logg[0]=-1; for(int i=1;i<=dep;++i)logg[i]=logg[i>>1]+1; for(int j=1;j<=dep;++j)faa[j][0]=j; for(int j=1;(1<<j)<=dep;++j){ for(int i=1;i+(1<<j)-1<=dep;++i){ int x=faa[i][j-1];int y=faa[i+(1<<(j-1))][j-1]; if(R[x]<R[y])faa[i][j]=x; else faa[i][j]=y; } } }
每个节点遍历时添进pre数组里，回溯时也要添R数组记录深度，fir记录每个值的最小出现位置
倍增找两节点中深度最小的节点，注意现在节点是pre的序列节点
查询找fir[x],fir[y]这段区间的最小深度对应的节点
csp-s模拟测试58「Divisors」·「Market」·「Dash Speed」?
标签：speed void 位置 RKE bsp else 约数 联通 ade
原文地址：https://www.cnblogs.com/Wwb123/p/11623346.html
