标签:tmp ref insert 删除 note mod 1的个数 return 关于
st表竟然写挂了,线段树一遍过(就当练码力)
2.输出末尾的L个数的最大值
线段树维护!
三倍经验题!!!
对于一个o,是否修改这个区间,可以对t[o].tag^1,
若原来有标记,现在又要反转这个区间,则t[o].tag置为零。
若原来无标记,就打上标记
复习一下,今下午考了一道+和/(向下取整),特此复习
上题的双倍经验
第一反应并不觉得这是个线段树,题意很好模拟,交了发模拟WA的心痛,模拟的算法没有问题,貌似是……mod出锅了,题目并没有说mod是一个质数啊喂喂喂i除法不满足取模意义下的分配律啊喂,那么我们来想一下除法的逆运算:乘法。
首先要知道一个关于取模的公式:
(a*b)%P=(a%P*b%P)%P
然后观察题意,始终是对于一个曾经乘过的数进行除操作,
如果之前乘上了某一个数,那么之后无论经过多少次操作,再除以之前的这个数,那么就可以视作对其没有操作,
那么不难想到可以以操作时间为线段建立线段树,记录的就是区间乘积模mod,那么就可以用上面的式子维护,
对于操作1:
把当前操作的序号位置变成m,
对于操作2:
就是将pos改成1,每次询问的t[1].mul就是整个序列的操作结果.
/*
translation:
题意就是叫你维护一条时间轴,支持2种操作:
1)删除当前时间轴上所有与新区间有交的区间输出删除个数,然后插入新区间。
2)查询当前时间轴上的区间个数。
reference:
solution:
首先考虑A操作,由于STL的set有相同元素只保留一个的特性,因此我们不难想到令有冲突的预约相等,
这样我们就可以很方便的用.find()这个函数来完成A操作了。
怎么令它们相等呢?
struct Plan{
int l,r;
bool operator <(const Plan &rhs)const{
return r<rhs.l;
}
};
这样对于两个Plan类型的结构体a,b来说,
a<b就代表a完全在b的左边,a>b就代表a完全在b的右边,a==b就代表a与b有冲突(有重叠部分)
对于B操作,直接输出set里元素的个数就好了
trigger:
note:
*
date:
2019.09.10
*/
struct node{
int l,r;
bool operator < (const node &rhs)const{
return r<rhs.l;
}
};
int n;
set<node>s;
int main(){
freopen("yuyue.txt","r",stdin);
rd(n);
while(n--){
char op;
scanf(" %c",&op);
if(op=='A'){
int l,r;rd(l),rd(r);
int cnt=0;
node tmp=(node){l,r};
set<node>::iterator it=s.find(tmp);
while(it!=s.end()){
++cnt;
s.erase(it);
it=s.find(tmp);
}
s.insert((node){l,r});
printf("%d\n",cnt);
}
else printf("%d\n",s.size());
}
return 0;
}
标签:tmp ref insert 删除 note mod 1的个数 return 关于
原文地址:https://www.cnblogs.com/sjsjsj-minus-Si/p/11634686.html