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AtCoder Regular Contest 098

时间:2019-10-11 20:31:12      阅读:104      评论:0      收藏:0      [点我收藏+]

标签:long   mes   fixed   href   include   成功   summary   oid   cpp   

传送门

C - Attention

前后缀搞一搞即可。


Code

#include <bits/stdc++.h>
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define sz(x) (int)(x).size()
//#define Local
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
const int N = 3e5 + 5;

int n;
char s[N];
int pre[N], suf[N];

void run() {
    cin >> s + 1;
    for(int i = 1; i <= n; i++) {
        pre[i] = pre[i - 1];
        if(s[i] == 'W') ++pre[i];
    }
    suf[n + 1] = 0;
    for(int i = n; i >= 1; i--) {
        suf[i] = suf[i + 1];
        if(s[i] == 'E') ++suf[i];
    }
    int ans = n + 1;
    for(int i = 1; i <= n; i++) {
        ans = min(ans, pre[i - 1] + suf[i + 1]);
    }
    cout << ans << '\n';
}

int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(0); cout.tie(0);
    cout << fixed << setprecision(20);
#ifdef Local
    freopen("../input.in", "r", stdin);
    freopen("../output.out", "w", stdout);
#endif
    while(cin >> n) run();
    return 0;
}

D - Xor Sum 2

题意:
给出一个长度为\(n\)的序列\(a\),现在问有多少区间\([l,r]\),满足:
\[ a_l\ xor\ a_{l+1}\ xor \cdots \ xor\ x_r=a_l+a_{l+1}+\cdots+a_r \]

思路:
注意这样一个性质:\(a_i\ xor\ a_j\leq a_i+a_j\)
所以一旦一个区间不满足条件过后,更大的区间也不满足了;一个区间满足条件,更小的区间也满足。
所以直接双指针搞搞就行。


Code

#include <bits/stdc++.h>
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define sz(x) (int)(x).size()
//#define Local
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
const int N = 2e5 + 5;

int n;
int a[N];

void run() {
    for(int i = 1; i <= n; i++) cin >> a[i];
    int j = 0;
    ll sum1 = 0, sum2 = 0;
    ll ans = 0;
    for(int i = 1; i <= n; i++) {
        while(j + 1 <= n) {
            if(sum1 + a[j + 1] == (sum2 ^ a[j + 1])) {
                sum1 += a[++j], sum2 ^= a[j];
            }
            else break;
        }
        ans += j - i + 1;
        sum1 -= a[i]; sum2 ^= a[i];
    }
    cout << ans << '\n';
}

int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(0); cout.tie(0);
    cout << fixed << setprecision(20);
#ifdef Local
    freopen("../input.in", "r", stdin);
    freopen("../output.out", "w", stdout);
#endif
    while(cin >> n) run();
    return 0;
}

E - Range Minimum Queries

题意:
给出一个长度为\(n\)的序列\(a\),现在执行\(q\)次操作,每次选择一段长度为\(k\)的区间,删除一个最小的数(如果有多个,可任意删除一个)。
最后问在所有删除的数中,相差最小为多少。

思路:

  • 很容易想到二分差值,然后枚举下界,这样就知道了上下界。
  • 因为每次必须选择最小的一个数,所以所有大于等于下界的数构成了一个个可执行区间(因为若区间中含小于的数那肯定不合法),每次在这些区间里面贪心选就行。

详见代码:


Code

#include <bits/stdc++.h>
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define sz(x) (int)(x).size()
//#define Local
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
const int N = 2005;

int n, k, q;
int a[N];

bool chk(int x) {
    for(int i = 1; i <= n; i++) {
        int Min = a[i];
        int res = 0;
        for(int l = 1, r; l <= n; l = r) {
            r = l;
            if(a[l] < Min) {
                ++r; continue;
            }
            int cnt = 0;
            while(r <= n && a[r] >= Min) {
                if(a[r] <= Min + x) ++cnt;
                ++r;
            }
            if(r - l >= k) res += min(r - l + 1 - k, cnt);
        }
        if(res >= q) return true;
    }
    return false;
}

void run() {
    for(int i = 1; i <= n; i++) cin >> a[i];
    int l = 0, r = 1e9 + 1, mid;
    while(l < r) {
        mid = (l + r) >> 1;
        if(chk(mid)) r = mid;
        else l = mid + 1;
    }
    cout << l << '\n';
}

int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(0); cout.tie(0);
    cout << fixed << setprecision(20);
#ifdef Local
    freopen("../input.in", "r", stdin);
    freopen("../output.out", "w", stdout);
#endif
    while(cin >> n >> k >> q) run();
    return 0;
}

F - Donation

题意:
给出一个无向图,选定一个起点,一开始有\(W\)元,之后可以选择走向相邻一个节点或者给当前结点捐赠\(b_i\)元,若走向一个结点至少得有\(a_i\)元才行。
现在确定一个最小的\(W\)以及一个起点,使得最终能够顺利捐赠成功每个点。

思路:
还有点没想清楚,先埋个坑。

AtCoder Regular Contest 098

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原文地址:https://www.cnblogs.com/heyuhhh/p/11656203.html

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