标签：考试   维护   next   its   图片   cst   src   ons   alt   

T1

分析:

其中d(重要程度)一定是单调不升的，

所以对于选的顺序一定是按顺序来的，除非有一段相等

然后就乱搞就行了

code by wzxbeliever：

#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define il inline
#define ri register int
#define lowbit(x) x&(-x)
using namespace std;
const int maxn=1e5+5;
int n,cnt,last,sum,up;
int ans[maxn]; 
int a[maxn];
int main(){
    scanf("%d",&n);
    for(ri i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&a[i]);
    int now=1;
    while(a[now]!=n)now++;
    ans[++cnt]=now;
    last=n-now+1;
    for(ri i=now+1;i<=n;i++){
    int pos;
    if(a[i]!=last-1){
        pos=i;
        while(a[pos]!=last-1)pos++;
        ans[++cnt]=pos-i+1;
        last=a[i];
        i=pos;
    }
    else ans[++cnt]=1,last=a[i];
    }
    sum=cnt;up=sum+1;
    for(ri i=cnt;i>=1;i--){
        printf("%d ",sum);sum--;
        for(ri j=2;j<=ans[i];j++)
        printf("%d ",up),up++;
    }
    return 0;
}

T2

分析：

考试的时候想到用并查集，但就是不知道怎么合并

对于每个询问，转化为询问动物还存活的概率

因为赢得情况很多(石头>剪刀>布>石头)，但赢的概率是一定的

如果它在主场就有2/3的概率获胜，

而如果它在客场就只有1/3的概率获胜

假如现在我们要合并(u,v)两个笼子

u是主场，v是客场

假如动物j，以前就有概率存活在u，且概率为x，那么合并后它还存活的概率就位2x/3

同理客场为x/3

考虑用并查集维护信息

合并的时候要将u中所有的都乘上2/3

将v中所有的都乘上1/3

具体就是再打一个标记

合并和路径压缩的时候就对应的修改

code by std：

#include <iostream>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <deque>
#include <queue>
#include <vector>
#include <set>
const int N=210000;
const int mo=998244353;
const int w1=(mo+1)/3;
int n,m,father[N],w[N];
int quick(int k1,int k2){
    int k3=1;
    while (k2){
        if (k2&1) k3=1ll*k3*k1%mo;
        k2>>=1; k1=1ll*k1*k1%mo;
    }
    return k3;
}
int merge(int k1,int k2){
    father[k1]=k2; w[k1]=1ll*w[k1]*quick(w[k2],mo-2)%mo;
}
int findfather(int k1){
    if (father[k1]==k1) return k1;
    int f=findfather(father[k1]); 
    if (f!=father[k1]) w[k1]=1ll*w[k1]*w[father[k1]]%mo;
    return father[k1]=f;
}
int main(){
    scanf("%d%d",&n,&m);
    for (int i=1;i<=n;i++) father[i]=i,w[i]=1;
    int tot=1;
    for (int i=1;i<=n;i++) tot=3ll*tot%mo;
    for (int i=1;i<=m;i++){
        int ty,k1,k2; 
        scanf("%d%d",&ty,&k1);
        if (ty==1){
            scanf("%d",&k2);
            k1=findfather(k1); k2=findfather(k2);
            w[k1]=2ll*w[k1]*w1%mo; w[k2]=1ll*w[k2]*w1%mo;
            merge(k1,k2);
        } else {
            int k2=findfather(k1);
            int ans=1ll*tot*w[k1]%mo;
            if (k1!=k2) ans=1ll*ans*w[k2]%mo;
            printf("%d\n",ans);
        }
    }
    return 0;
}

结论题：

求树的最大独立集有一个贪心的做法.

每轮选择所有叶子,将它们加入答案,并将这些叶子和它们的父亲删掉,进入下一轮.

于是只需要判断上一次的树的根节点是被删掉的,还是被它的某些儿子去掉的.

code by std：

#include <iostream>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <vector>
using namespace std;
const int N=110000,mo=998244353;
struct bian{
    int next,point;
}b[N<<1];
int p[N],len,n,m;
void ade(int k1,int k2){
    b[++len]=(bian){p[k1],k2}; p[k1]=len;
}
void add(int k1,int k2){
    ade(k1,k2); ade(k2,k1);
}
int f[N],num,u[N];
void dfs(int k1,int k2){
    f[k1]=1;
    for (int i=p[k1];i;i=b[i].next){
        int j=b[i].point;
        if (j!=k2){
            dfs(j,k1); f[k1]&=(1-f[j]);
        }
    }
    num+=f[k1];
}
void dfs1(int k1,int k2){
    int tot=0;
    for (int i=p[k1];i;i=b[i].next){
        int j=b[i].point;
        if (j!=k2) tot+=f[j];
    }
    for (int i=p[k1];i;i=b[i].next){
        int j=b[i].point;
        if (j!=k2){
            if (u[k1]) u[j]=0; else u[j]=(tot==f[j]);
            dfs1(j,k1);
        }
    }
}
int main(){
    scanf("%d%d",&n,&m);
    for (int i=1;i<n;i++){
        int k1,k2; scanf("%d%d",&k1,&k2);
        add(k1,k2);
    }
    dfs(1,0); dfs1(1,0);
    int ans=num; printf("%d\n",ans); int tag=f[1];
    for (;m;m--){
        int k1; scanf("%d",&k1);
        ans=1ll*ans*n%mo;
        if (tag==0){
            ans=(ans+num)%mo; tag=f[k1]&&(u[k1]==0);
        } else tag=0;
        printf("%d\n",ans);
    }
}

绵阳东辰国际test201910.25

标签：考试   维护   next   its   图片   cst   src   ons   alt   

原文地址：https://www.cnblogs.com/wzxbeliever/p/11741192.html