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神奇脑洞题解——HAOI2012高速公路(数学期望,线段树)

时间:2019-11-02 09:20:08      阅读:83      评论:0      收藏:0      [点我收藏+]

标签:img   三次   jms   表达式   分配   printf   image   区间修改   std   

 

传送门:COGS

实际上,拿到这道题我是懵逼的。第一感觉是线段树维护路径费用,然后就没了。

实际上,好好想一想,应该还是可以发现一些玄机的。

用线段树维护公路权值是个人都会吧,不会右转幼儿园。

但是下面期望值怎么算?

想想教练讲的,期望就是加权平均数,那么对于区间L--R的期望实际上就是

技术图片这是分子

分母自然是(R-L+1)*(R-L)/2

但是好像这个鬼东西不能用正常的线段树来求啊。

那要想个办法,能不能给他拆开?

考虑一下对于区间[L,R]的期望,实际上某一段路一共被算了几次?

对于第L段路,自然是(R-L+1)次,第L+1段则是(R-L)+(R-L)//两次都是从L+1开始数到R

第L+2段路呢?(R-L-1)*3//三次都是从L+2开始数到R,那么这个时候是不是可以发现什么?

则有:技术图片

但是好像还不能用线段树啊,那就继续拆

考虑把后面的一坨式子合成一个,我们可以得到

技术图片

 

现在是不是可以发现什么了?

整个表达式可以分为三部分,有一项为1的,有一项为i的,有一项为i*i的,因为还要参与区间修改,而且L和R在一次查询中可以视为常数,那么是不是可以分别维护表达式的三部分?

假定维护sum1,sum2,sum3,sum1维护区间内所有a[i]之和,sum2维护所有a[i]*i之和,sum3维护所有a[i]*i*i之和

现在怎么进行区间修改?

众所周知,乘法满足分配律,(x+y)z=xz+yz,而且因为对于一段路,i固定,那么我们是否可以再加两个辅助量,sum4,sum5,分别作为区间内所有i的和,所有i*i的和?

正确性:假定现在为区间内所有元素+w,那么sum1=sum1+区间长度*w,sum2=sum2+sum4*w=所有的(a[i]+w)*所有的i=所有的a[i]*所有的i+w*所有的i,对于sum3同理。

那么,我们就可以愉快的维护一个含有5个元素的线段树了,最终的期望答案就是sum1*(R-L-LR+1)+sum2*(L+R)-sum3,然后除去前面算好的分母即可。

注意,此题细节问题很多,代码中的注释几乎都是调试时输出的辅助量,用来判断程序某一部分的正确性的。

补一句,这一题给出的区间是收费站,也就是端点,但是为了应用线段树,手动将左边界++即可(相当于每个区间的序号是自己右边的收费站)

代码:

 

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<vector>
#define int long long int
using namespace std;
struct PE
{
    int lazy,sum1,sum2,sum3,sum4,sum5,l,r;
    //sum1=∑a[i]
    //sum2=∑a[i]*i
    //sum3=∑a[i]*i*i
    //sum4=∑i;
    //sum5=∑i*i;
    //4,5用于更新2,3 
};
PE t[400001];
int a[100001];
int n,m,a1,a2,a3;
char xd;
int ls(int x)
{
    return x<<1;
}
int rs(int x)
{
    return x<<1|1;
}
void pushup(int x)
{
    t[x].sum1=t[ls(x)].sum1+t[rs(x)].sum1;
    t[x].sum2=t[ls(x)].sum2+t[rs(x)].sum2;
    t[x].sum3=t[ls(x)].sum3+t[rs(x)].sum3;
    
    t[x].l=t[ls(x)].l;
    t[x].r=t[rs(x)].r;
}
void build(int x,int l,int r)
{
    if(l==r)
    {
        t[x].sum1=a[l];
        t[x].sum2=a[l]*l;
        t[x].sum3=a[l]*l*l;
        t[x].sum4=l;
        t[x].sum5=l*l;
        t[x].lazy=0;
        t[x].l=t[x].r=l;
        return ; 
    }
    int mid=(l+r)>>1;
    build(ls(x),l,mid);
    build(rs(x),mid+1,r);
    t[x].sum4=t[ls(x)].sum4+t[rs(x)].sum4;
    t[x].sum5=t[ls(x)].sum5+t[rs(x)].sum5;
    pushup(x);
}
void pushdown(int x,int l,int r)
{
    int mid=(l+r)>>1;
    if(t[x].lazy)
    {
        t[ls(x)].lazy+=t[x].lazy;
        t[rs(x)].lazy+=t[x].lazy;
        t[ls(x)].sum1+=(mid-l+1)*t[x].lazy;
        t[rs(x)].sum1+=(r-mid)*t[x].lazy;
        t[ls(x)].sum2+=(t[ls(x)].sum4*t[x].lazy);
        t[ls(x)].sum3+=(t[ls(x)].sum5*t[x].lazy);
        t[rs(x)].sum2+=(t[rs(x)].sum4*t[x].lazy);
        t[rs(x)].sum3+=(t[rs(x)].sum5*t[x].lazy);
        t[x].lazy=0;
    }
}
void QZADD(int x,int l,int r,int nl,int nr,int w)
{
    if(nl<=l&&nr>=r)
    {
        t[x].sum1+=(r-l+1)*w;
        t[x].sum2+=(t[x].sum4*w);
        t[x].sum3+=(t[x].sum5*w);
        t[x].lazy+=w;
        return;
    }
    pushdown(x,l,r);
    int mid=(l+r)>>1;
    if(nl<=mid)
        QZADD(ls(x),l,mid,nl,nr,w);
    if(nr>mid)
        QZADD(rs(x),mid+1,r,nl,nr,w);
    pushup(x);
}
int QZQUERY1(int x,int l,int r,int nl,int nr)
{
    int kel=0;
    if(nl<=l&&nr>=r)
    {
        return t[x].sum1;
    }
    pushdown(x,l,r);
    int mid=(l+r)>>1;
    if(nl<=mid)
        kel+=QZQUERY1(ls(x),l,mid,nl,nr);
    if(nr>mid)
        kel+=QZQUERY1(rs(x),mid+1,r,nl,nr);
    return kel;
}
int QZQUERY2(int x,int l,int r,int nl,int nr)
{
    int kel=0;
    if(nl<=l&&nr>=r)
    {
        return t[x].sum2;
    }
    pushdown(x,l,r);
    int mid=(l+r)>>1;
    if(nl<=mid)
        kel+=QZQUERY2(ls(x),l,mid,nl,nr);
    if(nr>mid)
        kel+=QZQUERY2(rs(x),mid+1,r,nl,nr);
    return kel;
}
int QZQUERY3(int x,int l,int r,int nl,int nr)
{
    int kel=0;
    if(nl<=l&&nr>=r)
    {
        return t[x].sum3;
    }
    pushdown(x,l,r);
    int mid=(l+r)>>1;
    if(nl<=mid)
        kel+=QZQUERY3(ls(x),l,mid,nl,nr);
    if(nr>mid)
        kel+=QZQUERY3(rs(x),mid+1,r,nl,nr);
    return kel;
}
int QUERY(int l,int r)
{
    int s=0;
    s+=QZQUERY1(1,1,n,l,r)*(r-l-r*l+1);
    //cout<<QZQUERY1(1,1,n,l,r)<<‘ ‘;
    s+=QZQUERY2(1,1,n,l,r)*(l+r);
    //cout<<QZQUERY2(1,1,n,l,r)<<‘ ‘;
    s-=QZQUERY3(1,1,n,l,r);
    //cout<<QZQUERY3(1,1,n,l,r)<<‘*‘<<endl;
    return s;
}
int GCD(int x,int y)
{
    return y==0?x:GCD(y,x%y);
}
int LINYIN()
{
    freopen("roadxw.in","r",stdin);
    freopen("roadxw.out","w",stdout);
    scanf("%lld%lld",&n,&m);
    build(1,1,n);
    for(int i=1;i<=m;i++)
    {
        cin>>xd;
        if(xd==C)
        {
            scanf("%lld%lld%lld",&a1,&a2,&a3);
            QZADD(1,1,n,a1+1,a2,a3);
        }
        else
        {
            scanf("%d%d",&a1,&a2);
            int kel=QUERY(a1+1,a2);
            int s=(a2-a1+1)*(a2-a1)/2;
            int G=GCD(s,kel);
            //cout<<endl<<kel<<‘ ‘<<s<<‘ ‘<<G<<endl; 
            printf("%lld/%lld\n",kel/G,s/G);
        }
    }
    return 0;
}
int LWH=LINYIN();
signed main()
{
    ;
}

 

完结撒花!

 

神奇脑洞题解——HAOI2012高速公路(数学期望,线段树)

标签:img   三次   jms   表达式   分配   printf   image   区间修改   std   

原文地址:https://www.cnblogs.com/XLINYIN/p/11780232.html

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