标签：特殊 个性 clapi mat 约数 tair mos force pac
模拟一下，需要能整除60 字符串中需要 能整除2 3 10，所以需要字符串各位数之和能整除3 并且有 一个偶数和一个0 或者两个0也行， 特殊情况 全为0 也行，
一开始想错了，打算是 n 可以由多少个21-k个数构成， WA了两发， 纸上多画了几个发现应该是 由 x 个 骰子构成 n = x*14+y (y>=1 && y<=6) 因为骰子叠起来一定会有上下两个面被挡住 而骰子是标准的 1-6 2-5 3-4 所以两个上下的骰子的点数之和为7 相当于 每个骰子的贡献只有四个侧面， n 等于 x个骰子的侧面 加 一个最上面的面 so cout << (n%14<=6&&n%14>=1 ? "YES\n":"NO\n")
开始没有头绪 没有看懂题面， 直接手推了几组数据 找到了规律 相当于 输入r c， 你需要输出 r 行 c列的矩阵 而矩阵的每行每列的最大公约数 构成一个新的数组， 数组的每个元素 需要是唯一的 且 需要minimizing the magnitude 就是说数组的最大值最小， 那么最小的情况就是 1 2 3 4 5 ………… c+r，我们可以这样构造矩阵 第一行为
第一行为 2 3 …… c+r
第二行为 2*2 3*2 …… 2*(c+r)
第三行为 2*3 3*3 …… 3*(c+r)
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这样就可以构造一个 1 2 3 4 ………… c+r 的数组了， 然而zz的我写的时候没注意 1*r 和 r*1 的情况， Wrong answer on pretest 4， zz
想了半天， 但是题目给的第一个性质不会用， 且不知道用容器什么储存， 大概想的是用一个map数组存储 ((pair)ui,vi di) , 再将ui,vi相同的合并下 di 合并完以后跑一遍找最小的 di值， 再跑一遍 所有的di 都减去最小的di值， 最后输出剩下 di不为 0 的个数， 和 具体 ui,vi di， enmmmmmmm 然后不会写。。。。。 而且思路也有问题 题目意思应该不是这样。。。
题解是不记录具体的借债关系， 只记录借债人欠债金额 和 债主借出的具体金额 (欠钱为- 借钱为+)， 每个人的金额为正或者负（）
类似于 1借给2 100元 2借给3 70元 3借给4 50元 可以直接转化为 1借给2 30元 1借给3 20元 1借给4 50元， 将中间的关系简化 ，每个人只能是欠钱 或者 借钱，
每次找到一个债主A 然后 减去每个借钱人 最多从债主A借的钱x 记录下他们的关系， 债主A的钱-x 直到A没钱， 到下一个债主
每个债主的钱直接借给某人 输出这样的关系 和 金额 即可，
Let d(a,b)>0d(a,b)>0 and d(c,d)>0d(c,d)>0 such that a≠ca≠c or b≠db≠d.
We can decrease the d(a,b)d(a,b) and d(c,d)d(c,d) by zz and increase d(c,b)d(c,b) and d(a,d)d(a,d) by zz,
where 0<z≤min(d(a,b),d(c,d))0<z≤min(d(a,b),d(c,d)).
#include <bits/stdc++.h> using namespace std; #define ll long long #define _for(i,a,b) for(int i = (a); i < (b); i++) #define _rep(i,a,b) for(int i = (a); i <= (b); i++)
void taskA(){ int t; cin >> t; while(t--){ string s; cin >> s; int a = 0, b = 0,d = 0; sort(s.begin(), s.end()); if(s[0] == s[s.size()-1] && s[0] == ‘0‘) { cout << "red\n"; continue; } for(auto c:s) { int x = c-‘0‘; if(x == 0) b++; if(x && x%2 == 0) d = 1; a += x; } if(a%3==0 && (b>=2 || (b&&d))){ cout << "red\n"; continue; } cout << "cyan\n"; } return; }
void taskB(){ int t; cin >> t; while(t--){ ll n; cin >> n; ll y = (n)%14; if(n < 15) cout << "NO\n"; else if(y >= 1 && y <= 6) cout << "YES\n"; else cout << "NO\n"; } return; }
void taskC(){ int c,r; cin >> r >> c; int x = r+c; if(r == 1 && c == 1) { cout << "0\n"; return;} ll b[505][505]; if(r == 1) {_rep(i,1,c) cout << i+1 << (i==c?"\n":" ");return; } if(c == 1) {_rep(i,1,r) cout << 1+i << "\n";return;} _rep(i,1,r) _rep(j,1,c) { if(i==1)b[i][j] = x*i; else b[i][j] = b[1][j]*i; x--; } _rep(i,1,r) _rep(j,1,c) cout << b[i][j] << (j==c ?"\n" : " "); return; }
void taskD(){ int n,m; cin >> n >> m; //map<pair<int, int>, int> cnt; vector<ll> a(n+1, 0); vector<pair<pair<int, int>, ll> >mp; _rep(i,1,m) { int x, y, z; cin >> x >> y >> z; a[x] += z, a[y] -= z; } int x = 1, y = 1; for(; x <= n; x++) { if(a[x] <= 0) continue; while(a[x]) { for(; y <= n && a[y] >= 0; y++); ll mi = min(-a[y], a[x]); mp.push_back(make_pair(make_pair(x, y), mi)); a[y] += mi, a[x] -= mi; } } n = mp.size(); cout << n << ‘\n‘; for(auto it:mp) cout << it.first.first << " " << it.first.second << " " << it.second << "\n"; return; }
int main(){ ios::sync_with_stdio(false), cin.tie(nullptr); //taskA(); //taskB(); //taskC(); taskD(); return 0; }
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原文地址：https://www.cnblogs.com/163467wyj/p/12064472.html
