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题面

vjudge

求出\(n\)维空间中的点集数目，满足其直径恰好为\(D\)。点集的直径是点集中最远一对
点的切比雪夫距离。如果两个点集可以通过平移相互转换,则这两个点集是相同的。

题解

直接蒯Anson爷的题解了：

平移的限制可以理解为每一维都存在该维坐标为\(0\)的点(认为所有坐标都是非负整数)。这样一来,距离限制也可以转化为至少有一维的最大坐标为\(D\)。

考虑计算最大值小于等于\(x\)的方案\(f(x)\)，容斥“每一维都存在0“。
答案就是
\[ Ans=f(D)-f(D-1)\f(D)=\sum_{i=0}^n(-1)^i{n\choose i}2^{d^i(d+1)^{n-i}} \]

代码

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring> 
#include <cmath> 
#include <algorithm>
using namespace std; 
inline int gi() {
    register int data = 0, w = 1;
    register char ch = 0;
    while (!isdigit(ch) && ch != '-') ch = getchar(); 
    if (ch == '-') w = -1, ch = getchar(); 
    while (isdigit(ch)) data = 10 * data + ch - '0', ch = getchar(); 
    return w * data; 
} 
const int Mod = 1e9 + 7, Phi = Mod - 1; 
int fpow(int x, int y, int m) { 
    int res = 1; 
    while (y) {
        if (y & 1) res = 1ll * res * x % m; 
        x = 1ll * x * x % m; 
        y >>= 1; 
    } 
    return res; 
}
const int MAX_N = 2e3 + 5, MAX = 2e3; 
int N, D, C[MAX_N][MAX_N]; 
int f(int d) { 
    int res = 0, p = 1; 
    for (int i = 0; i <= N; i++) { 
        res = (res + 1ll * p * C[N][i] % Mod *
               fpow(2, 1ll * fpow(d, i, Phi) * fpow(d + 1, N - i, Phi) % Phi, Mod)) % Mod; 
        p = Mod - p; 
    } 
    return res; 
} 
int main () {
    for (int i = 0; i <= MAX; i++) C[i][0] = C[i][i] = 1; 
    for (int i = 1; i <= MAX; i++)
        for (int j = 1; j < i; j++) C[i][j] = (C[i - 1][j - 1] + C[i - 1][j]) % Mod; 
    int T = gi(); 
    while (T--) { 
        N = gi(), D = gi(); 
        printf("%d\n", (f(D) - f(D - 1) + Mod) % Mod); 
    } 
    return 0; 
} 

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原文地址：https://www.cnblogs.com/heyujun/p/12199036.html