标签：tar 有序 long bit const href 要求 namespace cos
一般对于不容易正向求解的题，我们往往可以枚举答案并进行check，而对于具有单调性的答案或其映射来说，我们可以二分答案并进行check。
例题1：
codeforces 1288 D - Minimax Problem (传送门)
题意：
给定n行 长为m的序列；
找出任意两行序列，使得 两行序列 所有 两个相同索引的最大值 的最小值最大；
分析：
这道题朴素做法是O(n^2) ,但想在规定时间复杂度正向推出此题答案是非常不容易的；
我们可以考虑枚举 最大的最小值，再用check函数加以检验，
设当前枚举的答案为x，
对于比x小的数，令其为0，否则令其为1，最后判断两个序列对应的01串的相或的结果是否为 全1，就能判断这个x是否可能成立（本来 答案是5 ，而x是3，但是相或也能得到 全1，虽然x可能不是题目要求的bi，但是由于要求解最值，所以check成功的最大的x一定是bi），而我们则是要找到这个最大的可能；
显然，x是否可能成立是具有单调性的，所以可以用二分答案；
注意，题目的m最大为8，而01排列最多就只有 2^8种，我们可以枚举01排列 进行check，而不是O(n^2)枚举所有序列。
代码：
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long LL; typedef pair<int,int> pii; const int N=1e6+5; const int inf=0x3f3f3f3f; const int mod=1e9+7; const double eps=1e-6; const long double pi=acos(-1.0L); #define ls (i<<1) #define rs (i<<1|1) #define fi first #define se second #define pb push_back #define mk make_pair #define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a)) LL read() { LL x=0,t=1; char ch; while(!isdigit(ch=getchar())) if(ch==‘-‘) t=-1; while(isdigit(ch)){ x=10*x+ch-‘0‘; ch=getchar(); } return x*t; } int lim,n,m,ansl,ansr;//lim是全1 int a[N][10],vis[305]; int judge(int x) { mem(vis,0); for(int i=1;i<=n;i++) { int t=0; for(int j=1;j<=m;j++) if(a[i][j]>=x) t|=1<<(j-1);//标记所有01排列 vis[t]=i; } for(int i=0;i<=lim;i++) for(int j=i;j<=lim;j++) if((i|j)==lim&&vis[i]&&vis[j]) { ansl=vis[i]; ansr=vis[j]; return 1; } return 0; } int main() { n=read(),m=read(); lim=(1<<m)-1; for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++) a[i][j]=read(); int l=0,r=1e9; ansl=1,ansr=1; while(l<=r) { int mid=(l+r)>>1; if(judge(mid)) l=mid+1; else r=mid-1; } printf("%d %d\n",ansl,ansr); return 0; }
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原文地址：https://www.cnblogs.com/DeepJay/p/12225769.html
