CF1294E Obtain a Permutation 题解

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由题意易得每列互不相关，对每列单独考虑

在一列中，有些数本来就是目标状态中这一列的数，可以通过若干次移动操作使其在正确的位置，有些数则只能修改

统计这一列如果移动 k 次(0 <= k <= n - 1)有多少数不需要修改

设第 i 行第 j 列的数为 x，若 x <= n * m && (x - j) % m == 0, 说明 x 在目标状态中是第 j 列第 (x - j) / m + 1 行的数，(注意这里一定要判断x <= n * m，比赛时没判断查了半天也没发现)

可以通过 p = (i - (x - j) / m - 1 + n) % n 次移动操作使 x 在正确的位置（+ n 在 % n 是为了处理负数）并在计数数组 c 中使 c[p]++

最后枚举移动次数 k，这一列需要的步骤 ans = min (k + n - c[k])，并将 ans 累加到最终答案res中

Code

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
inline void read (int &x) {
    char ch = getchar(); x = 0;
    while (!isdigit(ch)) ch = getchar();
    while (isdigit(ch)) x = x * 10 + ch - 48, ch = getchar();
}
const int N = 2e5 + 10;
int n, m, res, c[N];
vector<int> v[N];
signed main() {
    read (n), read (m);
    int x;
    for (int i = 1; i <= n; ++i)
        for (int j = 1; j <= m; ++j) read (x), v[i].push_back (x);
    for (int j = 1; j <= m; ++j) {
        for (int i = 0; i < n; ++i) c[i] = 0;
        int ans = 1e9, tmp = 0;
        for (int i = 1; i <= n; ++i) {
            int t = v[i][j - 1];
            if ((t - j) % m == 0 && t <= n * m) 
                ++c[(i - (t - j) / m - 1 + n) % n];
        }
        for (int i = 0; i < n; ++i) ans = min (ans, i + n - c[i]);
        res += ans;
    } printf ("%d\n", res);
    return 0;
}

CF1294E Obtain a Permutation 题解

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原文地址：https://www.cnblogs.com/whx666/p/12230325.html