标签：枚举集合 路由 出现 举例 mes 大小 turn 非主流 tps
问题越学越多...
二分图又称作二部图，是图论中的一种特殊模型。
设G=(V,E)是一个无向图，如果顶点V可分割为两个互不相交的子集(A,B)，并且图中的每条边（i，j）所关联的两个顶点i和j分别属于这两个不同的顶点集(i in A,j in B)，则称图G为一个二分图。
也就是说，只要两个点之间有边，那么这两个点就不能同属一个集合，必须分在两边。（就是不能相处的人连一条边
（并不是所有的无向图G都能转化为二分图。
定理：无向图G为二分图的充要条件是，该图至少有两个顶点，且其所有回路（环）的长度均为偶数。|就是随便找个环，长度都是偶数
二分图染色|判定 模板:
https://codeforces.ml/problemset/problem/687/A
题目大意：有n个点，m条边，求是否能将所有的点分成两组，其中与每条边相连的两个点位于不同组。孤立的点不用管。如果不能输出-1.
for (auto iter:Data)
iter.second = 5;//这里不会修改map的值
for (auto &iter:Data）
iter.second = 5;//这里map内的值会变成5
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1e5+5;
int n,m,x,y,use[N];
vector < int > f[N];
set <int> s1,s2;
void dfs(int x,int col)
{
if(use[x]==0)
use[x]=col;
else
{
if(use[x]!=col)
{
printf("-1\n");
exit(0);
}
if(use[x]==col)
return ;
}
for(auto i:f[x])
dfs(i,col%2+1);
}
int main()
{
scanf("%d %d",&n,&m);
for(int i=1;i<=m;i++)
{
scanf("%d %d",&x,&y);
f[x].emplace_back(y);
f[y].emplace_back(x);
}
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(!f[i].size()||use[i]!=0)
continue;
dfs(i,1);
}
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(use[i]==1)
s1.insert(i);
if(use[i]==2)
s2.insert(i);
}
printf("%d\n",int(s1.size()));
for(auto i:s1)
printf("%d ",i);
printf("\n%d\n",int(s2.size()));
for(auto i:s2)
printf("%d ",i);
return 0;
}
二分图最大匹配：
定义：在一个无向图中，定义一条边覆盖的点为这条边的两个端点。
找到一个边集S包含最多的边，使得这个边集覆盖到的所有顶点中的每个顶点只被一条边覆盖。S的大小叫做图的最大匹配。
so是时候掏出最大匹配算法了
匈牙利算法：
建立有向图G，分为二分图的左侧和右侧。 优先选择左侧序号更小的连接可能的边。 对于两个点的目标点“冲突”的时候，采取“协商”的办法。 即序号小的连接可能连接的另一条边。 若“协商”失败，则放弃序号较大的点的边。
概念看的都好绕，实例比较好懂：
转自https://blog.csdn.net/qq_41730082/article/details/81162561
你拥有的大概就是下面这样一张关系图，每一条连线都表示互有好感。
本着救人一命，胜造七级浮屠的原则，你想要尽可能地撮合更多的情侣，匈牙利算法的工作模式会教你这样做：
一： 先试着给1号男生找妹子，发现第一个和他相连的1号女生还名花无主，got it，连上一条蓝线
二：接着给2号男生找妹子，发现第一个和他相连的2号女生名花无主，got it
三：接下来是3号男生，很遗憾1号女生已经有主了，怎么办呢？
我们试着给之前1号女生匹配的男生（也就是1号男生）另外分配一个妹子。
(黄色表示这条边被临时拆掉)
与1号男生相连的第二个女生是2号女生，但是2号女生也有主了，怎么办呢？我们再试着给2号女生的原配重新找个妹子(注意这个步骤和上面是一样的，这是一个递归的过程)
此时发现2号男生还能找到3号女生，那么之前的问题迎刃而解了，回溯回去
2号男生可以找3号妹子~~~ 1号男生可以找2号妹子了~~~ 3号男生可以找1号妹子
所以第三步最后的结果就是：
四： 接下来是4号男生，很遗憾，按照第三步的节奏我们没法给4号男生腾出来一个妹子，我们实在是无能为力了……香吉士同学走好。
图源来自https://www.cnblogs.com/jianglangcaijin/p/6035945.html
根据上面的图，可以有2种建图方法，然而每种方法的结果取决于你枚举的点集和单向边和双向边：
1：编号从1~9连的边为双向边，枚举点集是1~9则输出的是6，1~4输出3
2：编号从1~9连的边是单向边，（A={1,2,3,4},B={5,6,7,8,9})枚举点集1~9输出的是3，1~4仍然是3
算法主体都是一样，感觉是数据太水，因为后面做题连单向边全都出问题了
bool dfs(int x)
{
for(auto i:f[x])
{
if(use[i]==0)
{
use[i]=1;
if(match[i]==0||dfs(match[i]))
//如果fx所连的节点i暂时没有cp||现在与i匹配的那个人的cp还可以更换，则把i匹配为x
{
match[i]=x;
return 1;//可以被匹配
}
}
}
return 0;
}
由此可以总结，连2. 3.单向边结果与枚举集合无关|点的编号也无关，输出的都是最大匹配的边集S 但是2.情况建图是要你已经知道边了才方便，3.情况你要建立的图是要能有 ’1‘‘ 的
连双向边结果与枚举点集有关且点的编号不能重复，如果枚举的是全部点集则输出的是能被匹配到点的个数（2*S）对建图没多大要求最方便
这样就方便理解下面的概念了
如果不说清楚建图方法很网上说的很多矛盾的啊 真的把我弄晕了：
先别忘了最大匹配的定义：
在一个无向图中，定义一条边覆盖的点为这条边的两个端点。找到一个边集S包含最多的点，即使这个边集覆盖到的所有顶点中的每个顶点只被一条边覆盖。S的大小叫做图的最大匹配。
二分图的最小顶点 覆盖：
定义：假如选了一个点就相当于覆盖了以它为端点的所有边。最小顶点覆盖就是选择最少的点来覆盖所有的边。
证我就不会了，结论就是大小刚好等于最大匹配的数值（取的点完全不一样好吧）
证明可以看（我觉得写的很清楚https://www.cnblogs.com/jianglangcaijin/p/6035945.html
无向图的最小 路径 覆盖：
无向二分图的最小路径覆盖=顶点数-分匹配（因为无向图就是双向的一条边等于两次入图正向和反向，最后得到的匹配数多了一倍所以要除以2才是原本的匹配数）
二分图的最大独立集:
定义：选出一些顶点使得这些顶点两两不相连，则这些点构成的集合称为独立集。找出一个包含顶点数最多的独立集称为最大独立集。
最大独立集=所有顶点数-最小顶点覆盖
二分图的最大团：（感觉不怎么用因为就和独立集相反嘛）
定义：就是选出一些顶点，这些顶点两两之间都有边。最大团就是使得选出的这个顶点集合最大。（与最大独立集相反）
最大团=补图的最大独立集
因为最大独立集是两两不相连，所以最大独立集的补图两两相连。
所以如果你一道题建图不同，最大团刚好会和独立集反过来虽说答案没差了
下面来道例题：
https://vjudge.net/contest/70017#problem/B
这里就是如果你要选的集合中有某个数，那么就不能出现它（某个素数）倍的数。
因为是有a不能有b所以可以反向建图（a-b），最后就是求两两不相连的最大子集（最大独立集） （双向边枚举所有点）
记得清空match等数组
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=4e5+5,M=5e5+5;
int n,T,k,maxn,x,b[M],ans,ss[M],match[N];
bool use[N],vis[M];
vector <int> f[N];
map <int ,int> mp;
bool dfs(int x)
{
for(auto i:f[x])
{
if(use[i]==0)
{
use[i]=1;
if(match[i]==0||dfs(match[i]))
//如果fx所连的节点i暂时没有cp||现在与i匹配的那个人的cp还可以更换，则把i匹配为x
{
match[i]=x;
return 1;
}
}
}
return 0;
}
void pd()
{
use[1]=1;
for(int i=2;i<=M-3;i++)
{
if(use[i]==0)
ss[++k]=i;
for(int j=1;j<=k&&ss[j]*i<=M-3;j++)
{
use[ss[j]*i]=1;
if(i%ss[j]==0)
break;
}
}
}
int main()
{
freopen("data.in","r",stdin);
freopen("data.out","w",stdout);
pd();
scanf("%d",&T);
for(int l=1;l<=T;l++)
{
mp.clear();
memset(match,0,sizeof(match));
memset(b,0,sizeof(b));
memset(use,0,sizeof(use));
maxn=-1;
ans=0;
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&x);
maxn=max(maxn,x);
b[x]=i;
mp.insert(make_pair(x,i));
}
for(auto i:mp)
{
for(int j=1;j<=k&&i.first*ss[j]<=maxn;j++)
{
int temp=i.first*ss[j];
if(b[temp]!=0)
{
f[i.second].emplace_back(mp[temp]);
f[mp[temp]].emplace_back(i.second);
}
}
}
for(int i=1;i<=n;i++)
{
memset(use,0,sizeof(use));
if(dfs(i))
ans++;
}
printf("Case %d: %d\n",l,n-ans/2);
for(int i=1;i<=n;i++)
f[i].clear();
}
return 0;
}
/*
3
5
2 4 8 16 32
5
2 3 4 6 9
3
1 2 3
*/
然而过不了，因为这题时间卡的紧（居然卡sqrt的复杂度）
再也不用匈牙利了
hk是预先找到多条路径最短的增广路，然后再用匈牙利算法就沿着bfs找的路径去找增广路。不知道理解的对不对
增广路:
举例来说，二分图G={A，B}，增广路由集合A中一个点通向集合B中一个点，再由B中这个点通向A中一个点……交替进行）。
也就是说用Hopcroft_Karp算法,你必须要想办法将集合分成两个集合，而不是像匈牙利算法那样可以遍历所有的点，它只遍历A|B集合中的点
所以之前找的规律1：
1：编号从1~9连的边为双向边，枚举点集是1~9则输出的是2*S，1~4输出S
下面模板我都连的是双向边，因为连单向边不知道为什么答案会多一|少一 建图姿势不正确？
这是比较非主流的模板感觉：
因为它用一个数组dep换了dx，dy，match换了A_B,B_A...，还有一个常数 dis 不知到干嘛的，枚举只枚举A集合，所以输出S，这个枚举所有点又有问题...
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int M=5e5+5,N=4e4+5,INF=0x3f3f3f3f;
int match[N],ans,dep[N],a[N],T,b[M],maxn,ss[M],k,dis,n;
int vis[N],use[M];
vector <int> f[N];
map <int,int> mp;
set <int> s[3];
queue<int>q;
bool searchP()
{
while(!q.empty())
q.pop();
memset(dep,0,sizeof(dep));
dis=INF;
for(auto i:s[0])
if(match[i]==0)
q.push(i);
while(!q.empty())
{
int x=q.front();
q.pop();
if(dep[x]>dis)
break;
for(auto i:f[x])
{
if(!dep[i])
{
dep[i]=dep[x]+1;
if(match[i]==0)
dis=dep[i];
else
dep[match[i]]=dep[i]+1,q.push(match[i]);
}
}
}
return dis!=INF;
}
bool dfs(int x)
{
for(auto i:f[x])
{
if(vis[i]==0&&dep[i]==dep[x]+1)
{
vis[i]=1;
if(match[i]&&dep[i]==dis)
continue;
if(match[i]==0||dfs(match[i]))
{
match[x]=i;
match[i]=x;
return 1;
}
}
}
return 0;
}
void pd()
{
use[1]=1;
for(int i=2;i<=M-3;i++)
{
if(use[i]==0)
ss[++k]=i;
for(int j=1;j<=k&&ss[j]*i<=M-3;j++)
{
use[ss[j]*i]=1;
if(i%ss[j]==0)
break;
}
}
}
int check(int x)//判断x是属于s[0]|s[1]
{
if(use[x]==0)
return 1;
int tot=0;
for(int j=1;j<=k&&ss[j]<=x;j++)
{
while(x%ss[j]==0)
{
tot++;
x/=ss[j];
}
}
tot%=2;
return tot;
}
int main()
{
// freopen("data.in","r",stdin);
// freopen("test.out","w",stdout);
pd();
scanf("%d",&T);
for(int l=1;l<=T;l++)
{
mp.clear();
s[0].clear();
s[1].clear();
memset(match,0,sizeof(match));
memset(b,0,sizeof(b));
memset(a,0,sizeof(a));
maxn=-1;
ans=0;
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&a[i]);
maxn=max(maxn,a[i]);
b[a[i]]=i;
}
for(int i=1;i<=n;i++)
{
s[check(a[i])].insert(i);
for(int j=1;j<=k&&a[i]*ss[j]<=maxn;j++)
{
int temp=a[i]*ss[j];
if(b[temp]!=0)
{
f[i].emplace_back(b[temp]);
f[b[temp]].emplace_back(i);
}
}
}
int ans=0;
while(searchP())//HK
{
memset(vis,0,sizeof(vis));
for(auto i:s[0])
if(!match[i]&&dfs(i))
ans++;
}
for(int i=1;i<=n;i++)
f[i].clear();
printf("Case %d: %d\n",l,n-ans);
}
}
这个是主流的 数组真的多：
它bfs&&while(search_p())里面枚举的是所有点，所以输出的是2*S。这个只枚举A集合又会有问题...
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=4e5+5,M=5e5+5,inf=0x3f3f3f3f;
int n,T,k,maxn,x,ans,dis,a[N],b[M],ss[M],dx[M],dy[M],A_B[M],B_A[M];
bool use[N],vis[M];
vector <int> f[N];
set <int> s[3];
queue <int> q;
bool dfs(int x)
{
for(auto i:f[x])
{
/* 找寻所有深度右边是左边+1的点，这样就相当于找增广路，看看增广路能否增广 */
if(vis[i]==0&&dy[i]==dx[x]+1)
{
vis[i]=1;
if(B_A[i]!=0&&dy[i]==dis)//已经被匹配了
continue;
if(B_A[i]==0||dfs(B_A[i]))
//如果fx所连的右节点i暂时没有匹配||现在与i匹配的那个人的cp还可以更换，则把i匹配为x
{
A_B[x]=i;// x -> i
B_A[i]=x;// i -> x
return 1;
}
}
}
return 0;
}
void pd()
{
use[1]=1;
for(int i=2;i<=M-3;i++)
{
if(use[i]==0)
ss[++k]=i;
for(int j=1;j<=k&&ss[j]*i<=M-3;j++)
{
use[ss[j]*i]=1;
if(i%ss[j]==0)
break;
}
}
}
bool find_expath()
{
memset(dx,0,sizeof(dx));
memset(dy,0,sizeof(dy));
dis=inf;
while(!q.empty())
q.pop();
for(int i=1; i<=n;i++)
{
if(A_B[i]==0)//将所有未匹配的A集合的点加入队列
q.push(i);
}
while(!q.empty())
{
int temp=q.front();
q.pop();
if(dx[temp]>dis)
break;
for(auto i:f[temp])
{
if(dy[i]==0)//没访问过
{
dy[i]=dx[temp]+1;
if(B_A[i]!=0)
{
dx[B_A[i]]=dy[i]+1;
q.push(B_A[i]);
}
else
dis=dy[i];
}
}
}
return dis!=inf;
}
int check(int x)
{
if(use[x]==0)
return 1;
int tot=0;
for(int j=1;j<=k&&ss[j]<=x;j++)
{
while(x%ss[j]==0)
{
tot++;
x/=ss[j];
}
}
tot%=2;
return tot;
}
int main()
{
freopen("data.in","r",stdin);
freopen("test.out","w",stdout);
pd();
scanf("%d",&T);
for(int l=1;l<=T;l++)
{
s[0].clear();
s[1].clear();
memset(A_B,0,sizeof(A_B));
memset(B_A,0,sizeof(B_A));
memset(vis,0,sizeof(vis));
memset(b,0,sizeof(b));
memset(a,0,sizeof(a));
maxn=-1;
ans=0;
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&a[i]);
maxn=max(maxn,a[i]);
b[a[i]]=i;
}
for(int i=1;i<=n;i++)
{
s[check(a[i])].insert(i);
for(int j=1;j<=k&&a[i]*ss[j]<=maxn;j++)
{
int temp=a[i]*ss[j];
if(b[temp]!=0)
{
f[i].emplace_back(b[temp]);
f[b[temp]].emplace_back(i);
}
}
}
while(find_expath())
{
memset(vis,0,sizeof(vis));
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(A_B[i]==0&&dfs(i))
{
ans++;
}
}
}
printf("Case %d: %d\n",l,n-ans/2);
for(int i=1;i<=n;i++)
f[i].clear();
}
return 0;
}
/*
3
5
2 4 8 16 32
5
2 3 4 6 9
3
1 2 3
*/
我一脸懵，还是无脑套模板吧
标签：枚举集合 路由 出现 举例 mes 大小 turn 非主流 tps
原文地址：https://www.cnblogs.com/cherrypill/p/12508114.html
