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二次剩余(懒人模板总结)

只考虑奇质数的情况

设求\(\sqrt a \pmod P\)

Part1 判断

存在二次剩余即\(a^{\frac{(P-1)}{2}}=1 \pmod P\)

(对于所有\(a=0,1\)的情况需要特判)

Part2 原根法求二次剩余

先求出\(P\)的一个原根\(g\)

那么可以用\(g^k\)表示出\([1,P-1]\)的所有数

用\(BSGS\)可以在\(O(\sqrt n\log n)\)的时间内求出\(a=g^k\)

如果存在原根，那么\(k\mod 2=0\)

答案就是\(g^{\frac{k}{2}}\mod P\)

int Quad(int a,int k=0) {
	if(a<=1) return a;    
    int g=Getg(P);
	static map <int,int> M;
	int S=sqrt(P-1);
	for(int i=0,t=1;i<S;++i,t=1ll*t*g%P) M[t]=i;
	int res=0;
	int w=qpow(g,S);
	for(int i=0,t=1;i<P-1;i+=S,t=1ll*t*w%P) {
		ll x=1ll*a*qpow(t,P-2)%P;
		if(M.count(x)) {
			res=M[x]+i;
			break;
		}
	}
	res=qpow(g,res/2);
	if(k) res=min(res,(P-res)%P);
	return res;
}

Part3 更快的方法

要先找到一个数\(x\)，满足不存在\(\sqrt{x^2-a}\pmod P\)

可以随机\(x\)，期望可以在\(O(1)\)时间内找到这样的\(x\)

然后构造复数\((\alpha,\beta)=\alpha+\sqrt{x^2-a}\beta\)

求出\((x,1)^{\frac{(P+1)}{2}}\)，模拟复数乘法即可

可以证明结果没有虚部，就是答案

int Quad(int a,int k=0) {
	if(a<=1) return a;
	int x;
	while(1) {
		x=1ll*rand()*rand()%P;
		ll res=qpow((1ll*x*x-a+P)%P,(P-1)/2);
		if(res!=1) break;
	}
	ll w=(1ll*x*x-a+P)%P;
	int d=(P+1)/2;
	ll resx=1,resy=0;
	ll xx=x,yy=1;
	while(d) {
		if(d&1) {
			ll tx=(resx*xx+resy*yy%P*w)%P,ty=(resx*yy+resy*xx)%P;
			resx=tx,resy=ty;
            // 模拟复数乘法
		}
		ll tx=(xx*xx+yy*yy%P*w)%P,ty=2*xx*yy%P;
		xx=tx,yy=ty;
        // 模拟复数乘法
		d>>=1;
	}
	x=resx; // 答案就是实部
	if(k) x=min(x,(P-x)%P);
	return x;
}

二次剩余(懒人模板总结)

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原文地址：https://www.cnblogs.com/chasedeath/p/13043597.html