标签：boolean flag 多少 strong ++ hit 假设 queue 地方
题目：
给定两个单词（beginWord 和 endWord）和一个字典，找到从 beginWord 到 endWord 的最短转换序列的长度。转换需遵循如下规则：
每次转换只能改变一个字母。
转换过程中的中间单词必须是字典中的单词。
说明:
如果不存在这样的转换序列，返回 0。
所有单词具有相同的长度。
所有单词只由小写字母组成。
字典中不存在重复的单词。
你可以假设 beginWord 和 endWord 是非空的，且二者不相同。
示例1：
输入: beginWord = "hit", endWord = "cog", wordList = ["hot","dot","dog","lot","log","cog"] 输出: 5 解释: 一个最短转换序列是 "hit" -> "hot" -> "dot" -> "dog" -> "cog", 返回它的长度 5。
示例2：
输入: beginWord = "hit" endWord = "cog" wordList = ["hot","dot","dog","lot","log"] 输出: 0 解释: endWord "cog" 不在字典中，所以无法进行转换。
分析：
目标是找到从 beginWord 到 endWord 的最短转换序列的长度。本质就是求最短路径，而且中间单词必须位于字典中，不能是其他的，同时根据题意可以endWord也必须在字典中，否则就没办法进行最后一步的转换，如果endWord不在字典中，那就不存在从 beginWord 到 endWord的最短转换序列，返回值也就为0。
这些单词的长度都一样，一次转换只能转换一个字母，也就是说当前单词和转换后的单词不同的地方只在某一个字符处，其他地方的字符都必须是相同的。那么我们可以采取BFS算法进行搜索：
从beginWord开始，其作为第一层，序列长度设为1，从字典中寻找所有与其相差只有一个字母且未被访问的单词放入BFS的下一层结点集合中；
当前层遍历完成之后，序列长度加1，然后进入下一层的遍历，要求在当前的序列长度下将一层的所有结点遍历完毕（出栈），而至于每一层究竟有多少个结点，这在开始每一层的遍历之前会先计算出来；
重复以上的操作，第一次遇到endWord时，就将当前序列长度加1，然后立即返回。
代码：
public int ladderLength(String beginWord, String endWord, List<String> wordList) { if (!wordList.contains(endWord)){ return 0; } boolean[] isVisited = new boolean[wordList.size()]; LinkedList<String> queue = new LinkedList<>(); queue.offer(beginWord); int count = 0; String flag = ""; while (!queue.isEmpty()){ int unum = queue.size(); count++; while (unum-- > 0){ String cur = queue.poll(); for (int i = 0; i < wordList.size(); i++) { if (cur.length() - commonStr(cur,wordList.get(i)) == 1 && !isVisited[i]){ isVisited[i] = true; queue.offer(wordList.get(i)); if (wordList.get(i).equals(endWord)){ flag = wordList.get(i); return count + 1; } } } } } return flag.equals(endWord) ? count:0; } private int commonStr(String str1,String str2){ int length = 0; int i = 0; int j = 0; while (i < str1.length() && j < str2.length()){ if (str1.charAt(i) == str2.charAt(j)){ length++; } i++; j++; } return length; }
标签：boolean flag 多少 strong ++ hit 假设 queue 地方
原文地址：https://www.cnblogs.com/yxym2016/p/13149610.html
