标签:时间复杂度 ring else 复杂 int alt etc 空间 大于
这题完美的诠释了什么叫“面向测试用例编程”。由于要考虑的情况很多,所以基本的思路是先根据给出的测试用例写出规则判断无效的情况,然后再根据提交的错误对剩下的情况进行特判,如果不满足所有“无效的情况”,则有效。题目特别提了“我们有意将问题陈述地比较模糊”,这个“有意地陈述地模糊”就很灵性,所以一开始很难考虑到所有情况,WA几次就知道有哪些测试用例(规则)了。
先从题目给出的测试用例里总结几点规则:
class Solution {
public:
bool isNumber(string s) {
int left = 0, right = s.size() - 1; //分别从左右过滤掉前缀和后缀的空格
while(left <= right && s[left] == ‘ ‘) {
++left;
}
while(left <= right && s[right] == ‘ ‘) {
--right;
}
if(left > right) { //如果字符串只有空格组成,则无效
return false;
}
s = s.substr(left, right - left + 1); //留下删除掉前缀和后缀的空格之后的字符串
if(s[0] == ‘+‘ || s[0] == ‘-‘) { //如果字符串由正负号开头,则删掉开头的字符串再作判断
s = s.substr(1); //substr只传入一个参数1,表示留下从第一个位置到末尾的子串(即删除第0个位置的正负号)
}
if(s.empty()) { //如果删掉正负号之后字符串为空,则无效
return false;
}
if(s[0] == ‘.‘ && (s.size() == 1 || s[1] == ‘e‘ || s[1] == ‘E‘)) { //如果字符串有‘.‘开头,则有三种情况是无效的:(1)字符串只有一个字符‘.‘; (2)下一个字符是‘e‘; (3)下一个字符是‘E‘。 实际上,只要‘.‘后面的字符不是数字就都是无效的,只不过其他情况在别处判断了。
return false;
}
int dotNum = 0, eNum = 0; //记录‘.‘和‘e‘(或‘E‘)的数量
for(int i = 0; i < s.size(); ++i) {
if(s[i] == ‘.‘) {
if(dotNum > 0 || eNum > 0) { //如果‘.‘出现次数大于1或者‘.‘在‘e‘(或‘E‘)之后出现,则无效
return false;
} else {
++dotNum;
}
} else if(s[i] == ‘e‘ || s[i] == ‘E‘) {
if(i == 0 || i == s.size() - 1 || eNum > 0) { //如果‘e‘(或‘E‘)出现在开头或者结尾位置,或者出现次数大于1,则无效
return false;
} else if(s[i + 1] == ‘+‘ || s[i + 1] == ‘-‘) { //如果‘e‘(或‘E‘)后面的字符是正负号,需要特判
if(i + 1 == s.size() - 1) { //正负号后面需要有数字,如果正负号已经是最后一个字符了(后面啥都没),则无效
return false;
} else {
++i; //如果正负号后面还有东西,我们就跳过正负号,继续判断后面的
}
}
++eNum;
} else if(!(s[i] >= ‘0‘ && s[i] <= ‘9‘)) { //其他情况的字符只能是数字,其他都是无效的
return false;
}
}
return true; //如果不满足上述任何情况,我们就认为字符串可以表示为一个有效的数字!
}
};
复杂度分析:由于只遍历一遍字符串,时间复杂度是O(n);只开了常数个变量,空间复杂度是O(1)。
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原文地址:https://www.cnblogs.com/linrj/p/13210694.html