标签:for inline lin 查询 复杂 contest const 区间修改 str
魔女要测试骑士的能力,要求他维护一个长度为 n的序列,每次要询问一个区间的和。
但是魔女觉得太简单了,骑士能轻松记住 个数作为前缀和。
于是,魔女要求他回答一个区间的和,但如果某一个数在这个区间出现了多次,这个数只能被计算一次。
第一行两个整数 n,m表示数列长度和询问个数。
第二行 n个整数,第i个整数为\(a_i(1\le n,q\le500\ 000)\),表示序列中的第i项。
接下来m行,每行两个整数l,r表示询问的区间。
输出 m行,每行一个整数表示这次询问的答案。
示例1
5 3
1 3 3 2 1
1 5
1 3
2 4
输出
6
4
5
区间和问题
先离线查询,按照询问右端点从小大大排序,令数组\(b\)初始值=0,last[x]记录x上一次出现的位置,从1开始遍历\(a_i\),对b在区间\([last[a_i], i]\)加 \(a_i\), 若某个询问是\([l, r]\),则当r==i时,此次询问的答案为\(b[l]\)。
(因为对于某个询问,r之前的数都被遍历过了,如果\([1,r]\)中\(a_i\)=x有多个重复,\(b[l]\)只加了一次x,如果\(a_i\)=y没有重复,则区间\([1,l]\)都加了y,所以\(b[l]\)加了y)
数组b区间修改和单点查询,用树状数组维护差分即可,复杂度\(O(mlogm+nlogn)\)
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
char buf[1<<17],*L=buf,*R=buf;
#define gc() L==R&&(R=(L=buf)+fread(buf,1,1<<17,stdin),L==R)?EOF:*L++;
template<typename T>
inline void read(T&x) {x=0;
char ch=gc();
while (ch<‘0‘||ch>‘9‘)ch=gc();
while (ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘)x=(x<<3)+(x<<1)+ch-48,ch=gc();
}
#define Init(arr,val) memset(arr,val,sizeof(arr))
#define lowbit(x) ((x)&(-x))
typedef long long ll;
const int inf=0x3f3f3f3f,MAXN=5e5+8;
int n,m,a[MAXN],last[MAXN];
ll d[MAXN],ans[MAXN];
void add(int pos,int val){
while(pos<=n){
d[pos]+=val;
pos+=lowbit(pos);
}
}
ll sum(int pos){
ll res=0;
while(pos){
res+=d[pos];
pos-=lowbit(pos);
}
return res;
}
struct node{
int x,y,pos;
}k[MAXN];
bool cmp(const node&a,const node&b){
return a.y<b.y;
}
int main(){
read(n),read(m);
for(int i=1;i<=n;++i)read(a[i]);
for(int i=0;i<m;++i){
read(k[i].x),read(k[i].y);
k[i].pos=i;
}
sort(k,k+m,cmp);
for(int i=1,j=0;i<=n&&j<m;++i){
add(last[a[i]]+1,a[i]);
add(i+1,-a[i]);
last[a[i]]=i;
while(k[j].y==i){
ans[k[j].pos]=sum(k[j].x);
j++;
}
}
for(int i=0;i<m;++i)printf("%lld\n",ans[i]);
return 0;
}
标签:for inline lin 查询 复杂 contest const 区间修改 str
原文地址:https://www.cnblogs.com/foursmonth/p/14145530.html