Educational Codeforces Round 84 (Rated for Div. 2)F. AND Segments

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题意：提问有多少个长度为n的a集合0<a<\(2^k\)，满足\(l_i\)到\(r_i\)的区间&的值为\(x_i\)
原题链接
题解：最首先就是要拆位，对于&操作来说每一位是分开的，dp[i][j]表示是前i位最近的一个0在j位的方案数，
从第i为到第i+1位时，假如z到i+1位有一个是0，则dp[i+1][0~z-1]会被消为0，如果不是就可以继承第i位时的状态，而dp[i+1][i+1]会成为dp[i][0]到dp[i][i]的累加和
假如只能是1，dp[i+1][0~i]继承上一位的状态，而dp[i+1][i+1]=0。
最终的答案是\(\sum_{j=0}^{n}\)dp[n][j]
我们i从1遍历到n，每次sum的值为\(\sum_{j=0}^{n}\)dp[i][j]
pre[i]存储的是前一个最近的数x，使得x到i中至少有一个0
当i这个数只能为0时，把pre[i]之前的还没有清零的dp都清0，也就是sum要减去以前的这些dp值
等于1时，sum要翻倍，具体看代码

#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define mod 998244353
#define ll long long
struct node{
	int l,r,x;
}a[500100];
int pre[500100],flag[500100],dp[500100];
int n,k,m;
int solve(int z){
	int t=(1<<z);
	memset(pre,0,sizeof(pre));
	memset(flag,0,sizeof(flag));
	memset(dp,0,sizeof(dp));
	for(int i=1;i<=m;i++){
		if((a[i].x&t)!=0){
			flag[a[i].l]++;
			flag[a[i].r+1]--;
		}
		else{
			pre[a[i].r]=max(pre[a[i].r],a[i].l);
		}
	}
	for(int i=1;i<=n;i++)flag[i]+=flag[i-1];
	int last=0;
	int sum=1;
	dp[0]=1;
	for(int i=1;i<=n;i++){
		if(flag[i]==0){
			dp[i]=sum;
			sum=2*sum%mod;
		}
		while(last<pre[i]){
			sum=(sum-dp[last]+mod)%mod;
			last++;
		}
	}
	return sum;
}
int main(){
	scanf("%d %d %d",&n,&k,&m);
	for(int i=1;i<=m;i++){
		scanf("%d %d %d",&a[i].l,&a[i].r,&a[i].x);
	}
	ll ans=1;
	for(int i=0;i<k;i++){
		ans=(ans*solve(i))%mod;
	}
	printf("%lld\n",ans);
}

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原文地址：https://www.cnblogs.com/League-of-cryer/p/14270059.html