CodeForces 1082E Increasing Frequency 计数 递推 思维

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原题链接

题意

• 给我们一个长为n的序列A以及一个整数c，对这个序列的任何一个连续区间[l, r]，我们可以给这个区间内的数统一加上一个我们任取的整数k。
  
  

• 要求我们只能做上述操作一次，问最终序列内最多有多少个c
  
  

思路

• 首先这个序列里面可能本来就有一些c，我们定义\(cnt[i]\)为前i个数内的c的个数
  
  

• 然后对于我们选择的一段区间\([l, r]\)， 我们选取其中的某个数x，然后让这个区间同加c - x, 那么得到的c的个数就是x在这个区间的的出现次数。
  
  

• 然后我们考虑，如果我们将\([l, r]\)内的x都变成c, 则最终整个序列内的c的数量就是

  \[cnt[n] - cnt[r] + cnt[l - 1] + 区间内x的数量 \]

  我们的任务也就是求出上式的最大值
  
  

• 我们考虑递推解决这个问题，前三个量都可以预处理出来，但是当我们扫描到\(i\)位置，某个区间\([l, i]\)内x的数量不好求出，因为元素的值域是\([1, 5e5]\)的，所以肯定不能像\(cnt\)数组那样求。
  
  

• 解决方法也比较简单，我们定义\(cntx[i]\)为前i个数中，\(A[i]\)的数量，然后我们可以发现，扫描到i位置时，我们只需要处理\(A[i]\)相关的信息即可，也就是说，我们只需要统计区间\([l, i](l \le i)\)中\(A[i]\)的数量即可(毕竟其他数都在之前被处理过了)， 所以边扫描边更新就可以了。
  
  

• 那如何获得某个区间内x的数量呢，这个要从我们之前的目的开始考虑，对于我们所要求的式子

  \[max_{l \le i}\{cnt[n] - cnt[i] + cnt[l - 1] + [l, i]内A[i]的数量\} \]

  也就是

  \[max_{l \le i}\{cnt[n] - cnt[i] + cnt[l - 1] + [0, i]内A[i]的数量 - [0, l - 1]内A[i]的数量\} \]

  当我们在\(i\)位置时, 有三项和\(i\)有关的为已知的定值，有两项和\(l\)有关，所以我们实际要求的是

  \[cnt[n] - cnt[i] + cntx[i] + max_{l \le i}\{cnt[l - 1] - [0, l - 1]内A[i]的数量\} \]

• 显然我们使用一个数组\(Maxl[A[i]]\), 扫描的同时记录\(max_{l \le i}\{cnt[l - 1] - [0, l - 1]内A[i]的数量\}\)就可以了，然后扫描过程中先更新\(Maxl\),然后更新\(ans\)即可
  
  

AC代码

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>

using namespace std;

const int N = 500000;

int mx[N + 5];
int cn[N + 5];
int xn[N + 5] = {0};
int aa[N + 5];
int n, c;

int main()
{
	scanf("%d%d", &n, &c);
	cn[0] = 0;
	xn[0] = 0;
	for (int i = 1; i <= n; ++i)
	{
		scanf("%d", &aa[i]);;
		cn[i] = cn[i - 1] + (aa[i] == c);
	}
	int ans = 0;
	for (int i = 1; i <= n; ++i)
	{
		++xn[aa[i]];
		mx[aa[i]] = max(mx[aa[i]], cn[i - 1] - xn[aa[i]] + 1);
		ans = max(cn[n] - cn[i] + xn[aa[i]] + mx[aa[i]], ans);
	}
	printf("%d", ans);;
	return 0;
}

CodeForces 1082E Increasing Frequency 计数 递推 思维

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原文地址：https://www.cnblogs.com/int-me-X/p/14430373.html