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http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1180
今天状态怎么这么不好。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。
又是调了好久。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。
我竟然忘记更改值那里要先makeroot后再更改,而且还要pushup先!!!!!
QAQ
太弱了。。
记住!!!更改信息一定要先变成了根再修改,而且还要pushup!
#include <cstdio> #include <cstring> #include <cmath> #include <string> #include <iostream> #include <algorithm> #include <queue> #include <set> #include <map> using namespace std; typedef long long ll; #define rep(i, n) for(int i=0; i<(n); ++i) #define for1(i,a,n) for(int i=(a);i<=(n);++i) #define for2(i,a,n) for(int i=(a);i<(n);++i) #define for3(i,a,n) for(int i=(a);i>=(n);--i) #define for4(i,a,n) for(int i=(a);i>(n);--i) #define CC(i,a) memset(i,a,sizeof(i)) #define read(a) a=getint() #define print(a) printf("%d", a) #define dbg(x) cout << (#x) << " = " << (x) << endl #define error(x) (!(x)?puts("error"):0) #define rdm(x, i) for(int i=ihead[x]; i; i=e[i].next) inline const int getint() { int r=0, k=1; char c=getchar(); for(; c<‘0‘||c>‘9‘; c=getchar()) if(c==‘-‘) k=-1; for(; c>=‘0‘&&c<=‘9‘; c=getchar()) r=r*10+c-‘0‘; return k*r; } struct node* null; struct node { node *f, *c[2]; int w, s; bool rev; node(int _k=0) { w=s=_k; f=c[0]=c[1]=null; rev=0; } void setc(node *x, bool d) { c[d]=x; x->f=this; } bool check() { return f==null || (f->c[0]!=this && f->c[1]!=this); } bool d() { return f->c[1]==this; } void pushup() { s=w+c[0]->s+c[1]->s; } void upd() { if(this==null) return; rev=!rev; swap(c[0], c[1]); } void pushdown() { if(rev) { rev=0; c[0]->upd(); c[1]->upd(); } } }; void rot(node *x) { node *f=x->f; f->pushdown(); x->pushdown(); bool d=x->d(); if(f->check()) x->f=f->f; else f->f->setc(x, f->d()); f->setc(x->c[!d], d); x->setc(f, !d); f->pushup(); } void fix(node *x) { if(!x->check()) fix(x->f); x->pushdown(); } void splay(node *x) { fix(x); while(!x->check()) if(x->f->check()) rot(x); else x->d()==x->f->d()?(rot(x->f), rot(x)):(rot(x), rot(x)); x->pushup(); } node* access(node *x) { node *y=null; for(; x!=null; y=x, x=x->f) splay(x), x->c[1]=y; return y; } node* findroot(node *x) { access(x); splay(x); while(x->c[0]!=null) x=x->c[0]; return x; } void mkroot(node *x) { access(x)->upd(); splay(x); } void link(node *x, node *y) { mkroot(x); x->f=y; } const int N=30005; node *root[N]; int n; int main() { null=new node; null->f=null->c[0]=null->c[1]=null; read(n); for1(i, 1, n) root[i]=new node(getint()); int m=getint(); while(m--) { char c=getchar(); while(c<‘a‘||c>‘z‘) c=getchar(); int a=getint(), b=getint(); if(c==‘b‘) { if(findroot(root[a])==findroot(root[b])) puts("no"); else { puts("yes"); link(root[a], root[b]); }; } else if(c==‘p‘) { mkroot(root[a]); root[a]->w=b; root[a]->pushup(); } else { if(findroot(root[a])!=findroot(root[b])) { puts("impossible"); continue; } mkroot(root[a]); access(root[b]); splay(root[b]); printf("%d\n", root[b]->s); } } return 0; }
给出n个结点以及每个点初始时对应的权值wi。起始时点与点之间没有连边。有3类操作: 1、bridge A B:询问结点A与结点B是否连通。如果是则输出“no”。否则输出“yes”,并且在结点A和结点B之间连一条无向边。 2、penguins A X:将结点A对应的权值wA修改为X。 3、excursion A B:如果结点A和结点B不连通,则输出“impossible”。否则输出结点A到结点B的路径上的点对应的权值的和。给出q个操作,要求在线处理所有操作。数据范围:1<=n<=30000, 1<=q<=300000, 0<=wi<=1000。
第一行包含一个整数n(1<=n<=30000),表示节点的数目。第二行包含n个整数,第i个整数表示第i个节点初始时对应的权值。第三行包含一个整数q(1<=n<=300000),表示操作的数目。以下q行,每行包含一个操作,操作的类别见题目描述。任意时刻每个节点对应的权值都是1到1000的整数。
输出所有bridge操作和excursion操作对应的输出,每个一行。
【BZOJ】1180: [CROATIAN2009]OTOCI(lct)
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原文地址:http://www.cnblogs.com/iwtwiioi/p/4149468.html