标签：style blog class c code java
http://zhedahht.blog.163.com/blog/static/254111742008053169567/
题目：两个单向链表，找出它们的第一个公共结点。
链表的结点定义为：
struct ListNode { int m_nKey; ListNode* m_pNext; };
分析：这是一道微软的面试题。微软非常喜欢与链表相关的题目，因此在微软的面试题中，链表出现的概率相当高。
如果两个单向链表有公共的结点，也就是说两个链表从某一结点开始，它们的m_pNext都指向同一个结点。但由于是单向链表的结点，每个结点只有一个m_pNext，因此从第一个公共结点开始，之后它们所有结点都是重合的，不可能再出现分叉。所以，两个有公共结点而部分重合的链表，拓扑形状看起来像一个Y，而不可能像X。
看到这个题目，第一反应就是蛮力法：在第一链表上顺序遍历每个结点。每遍历一个结点的时候，在第二个链表上顺序遍历每个结点。如果此时两个链表上的结点是一样的，说明此时两个链表重合，于是找到了它们的公共结点。如果第一个链表的长度为m，第二个链表的长度为n，显然，该方法的时间复杂度为O(mn)。
接下来我们试着去寻找一个线性时间复杂度的算法。我们先把问题简化：如何判断两个单向链表有没有公共结点？前面已经提到，如果两个链表有一个公共结点，那么该公共结点之后的所有结点都是重合的。那么，它们的最后一个结点必然是重合的。因此，我们判断两个链表是不是有重合的部分，只要分别遍历两个链表到最后一个结点。如果两个尾结点是一样的，说明它们用重合；否则两个链表没有公共的结点。
在上面的思路中，顺序遍历两个链表到尾结点的时候，我们不能保证在两个链表上同时到达尾结点。这是因为两个链表不一定长度一样。但如果假设一个链表比另一个长l个结点，我们先在长的链表上遍历l个结点，之后再同步遍历，这个时候我们就能保证同时到达最后一个结点了。由于两个链表从第一个公共结点开始到链表的尾结点，这一部分是重合的。因此，它们肯定也是同时到达第一公共结点的。于是在遍历中，第一个相同的结点就是第一个公共的结点。
在这个思路中，我们先要分别遍历两个链表得到它们的长度，并求出两个长度之差。在长的链表上先遍历若干次之后，再同步遍历两个链表，知道找到相同的结点，或者一直到链表结束。此时，如果第一个链表的长度为m，第二个链表的长度为n，该方法的时间复杂度为O(m+n)。
基于这个思路，我们不难写出如下的代码：
struct ListNode { int m_nKey; ListNode* m_pNext; }; unsigned int GetListLength(ListNode* pHead) { unsigned int len = 0; ListNode *cur = pHead; while(cur!=NULL) { cur = cur->m_pNext; len++; } return len; } ListNode* FindCommonNode(ListNode *pHead1,ListNode *pHead2) { if (NULL==pHead1 || NULL==pHead2) return NULL; unsigned int length1 = GetListLength(pHead1); unsigned int length2 = GetListLength(pHead2); ListNode *pHeadLong = pHead1; ListNode *pHeadShort = pHead2; int k = length1 - length2; if (k<0) { pHeadLong = pHead2; pHeadShort = pHead1; k = -k; } // move pHeadLong k steps first for (int i=0;i<k;++i) { pHeadLong = pHeadLong->m_pNext; } // move pHeadLong and pHeadShort at same time until meet while(pHeadLong!=pHeadShort) { pHeadLong = pHeadLong->m_pNext; pHeadShort = pHeadShort->m_pNext; } // after while loop, pHeadLong==pHeadShort ==?null return pHeadLong; }
标签：style blog class c code java
原文地址：http://www.cnblogs.com/hellogiser/p/3738919.html
