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题意：

n（2000）个点的树  从中选出k（50）个点  要求  选出的点中等概率选出两个点  使得这两点的期望值最小  输出期望值乘k^2

思路：

我们将题目的要求化简  sum( sum( dis(i,j) ) ) / k^2 * k^2  其实就是求  sum( sum( dis(i,j) ) )  其中i和j为任意选出的k个点

设dp[i][k]表示扫描完i为根的子树选出k个点的最小sum

那么转移方程就是 dp[father][k1+k2] = min( dp[father][k1]+dp[son][k2]+edge*k2*(k-k2)*2 ) 这个方程很好理解  注意式中的k2  我们利用它计算的原因是  son树内之选k2个点

代码书写的时候还要注意  dp过程中k1需要倒着for  这个做过01背包应该很好理解

代码：

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<string>
#include<algorithm>
#include<map>
#include<set>
#include<vector>
#include<queue>
#include<cstdlib>
#include<ctime>
#include<cmath>
using namespace std;
typedef long long LL;
#define N 2010
#define M 60

inline void scand(int &ret) {
    char c;
    ret = 0;
    while ((c = getchar()) < '0' || c > '9')
        ;
    while (c >= '0' && c <= '9')
        ret = ret * 10 + (c - '0'), c = getchar();
}

int t, n, m;
LL dp[N][M];
LL ans;
int head[N], tot;

struct edge {
    int v, w, next;
} ed[N * 2];

void add(int u, int v, int w) {
    ed[tot].v = v;
    ed[tot].w = w;
    ed[tot].next = head[u];
    head[u] = tot++;
}

void update(LL &x, LL y) {
    if (y == -1) return;
    if (x == -1 || x > y) x = y;
}

void dfs(int u, int fa) {
    dp[u][1] = 0;
    for (int i = head[u]; ~i; i = ed[i].next) {
        int v = ed[i].v;
        if (v != fa) {
            dfs(v, u);
            LL w = ed[i].w;
            for (int k1 = m - 1; k1; k1--) {
                if (dp[u][k1] == -1) continue;
                for (int k2 = 1; k2 < m; k2++) {
                    if (k2 + k1 > m || dp[v][k2] == -1) break;
                    update(dp[u][k1 + k2], dp[u][k1] + dp[v][k2] + w * (m - k2) * k2 * 2);
                }
            }
        }
    }
    update(ans, dp[u][m]);
}

int main() {
    scand(t);
    while (t--) {
        scand(n);
        scand(m);
        memset(head, -1, sizeof (head));
        tot = 0;
        for (int i = 2; i <= n; i++) {
            int u, v, w;
            scand(u);
            scand(v);
            scand(w);
            add(u, v, w);
            add(v, u, w);
        }
        memset(dp, -1, sizeof (dp));
        ans = -1;
        dfs(1, 0);
        printf("%I64d\n", ans);
    }
    return 0;
}

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原文地址：http://blog.csdn.net/houserabbit/article/details/42062331