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题意:
分析:
假设,则k mod (i+1) = k - (i+1)*p = k - i*p - p = k mod i - p
则对于某个区间,i∈[l, r],k/i的整数部分p相同,则其余数成等差数列,公差为-p
然后我想到了做莫比乌斯反演时候有个分块加速,在区间[i, n / (n / i)],n/i的整数部分相同,于是有了这份代码。
1 #include <cstdio> 2 #include <algorithm> 3 using namespace std; 4 typedef long long LL; 5 6 int main() 7 { 8 LL n, k; 9 while(scanf("%lld%lld", &n, &k) == 2) 10 { 11 LL ans = 0; 12 LL i, j, r = min(n, k); 13 for(i = 1; i <= r; i = j + 1) 14 { 15 j = k / (k / i); 16 if(j > r) j = r; 17 18 LL d = -k / i; 19 LL l = j - i + 1; 20 LL a1 = k % i; 21 ans += (LL) (a1*l + l*(l-1)/2*d); 22 } 23 if(n > k) 24 ans += (LL) (n-k) * k; 25 26 printf("%lld\n", ans); 27 } 28 29 return 0; 30 }
后来试了一下lrj的代码,比我的短还比我的快,给跪了
1 // UVa1363 Joseph‘s Problem 2 // Rujia Liu 3 #include<iostream> 4 #include<algorithm> 5 using namespace std; 6 7 // 首项为a,公差为-d,除了首项之外还有n项 8 // 末项为a-n*d,平均数为(2*a-n*d)/2 9 long long sum(int a, int d, int n) { 10 return (long long)(2*a-n*d)*(n+1)/2; 11 } 12 13 int main() { 14 int n, k; 15 while(cin >> n >> k) { 16 int i = 1; 17 long long ans = 0; 18 while(i <= n) { 19 int q = k % i, p = k / i; 20 int cnt = n - i; // 最多还有n - i项 21 if(p > 0) cnt = min(cnt, q / p); 22 ans += sum(q, p, cnt); 23 i += cnt + 1; 24 } 25 cout << ans << "\n"; 26 } 27 return 0; 28 }
UVa 1363 (数论 数列求和) Joseph's Problem
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原文地址:http://www.cnblogs.com/AOQNRMGYXLMV/p/4198215.html