标签：hdu1788 最小公倍数 chinese remainder th
Chinese remainder theorem again
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Problem Description
我知道部分同学最近在看中国剩余定理，就这个定理本身，还是比较简单的：
假设m1,m2,…,mk两两互素，则下面同余方程组：
x≡a1(mod m1)
x≡a2(mod m2)
…
x≡ak(mod mk)
在0<=<m1m2…mk内有唯一解。
记Mi=M/mi(1<=i<=k),因为（Mi,mi）=1,故有二个整数pi,qi满足Mipi+miqi=1,如果记ei=Mi/pi,那么会有：
ei≡0(mod mj),j!=i
ei≡1(mod mj),j=i
很显然，e1a1+e2a2+…+ekak就是方程组的一个解，这个解加减M的整数倍后就可以得到最小非负整数解。
这就是中国剩余定理及其求解过程。
现在有一个问题是这样的：
一个正整数N除以M1余(M1 - a)，除以M2余(M2-a), 除以M3余(M3-a),总之， 除以MI余(MI-a),其中（a<Mi<100 i=1,2,…I）,求满足条件的最小的数。
Input
输入数据包含多组测试实例，每个实例的第一行是两个整数I(1<I<10)和a,其中，I表示M的个数，a的含义如上所述，紧接着的一行是I个整数M1,M1...MI，I=0 并且a=0结束输入，不处理。
Output
对于每个测试实例，请在一行内输出满足条件的最小的数。每个实例的输出占一行。
Sample Input
Sample Output
求N%Mi==m-a;
即(n+a)%Mi==0
即求这组Mi的最小公倍数
代码：
#include <stdio.h>
typedef long long ll ;
ll gcd(ll a , ll b)
{
if(b == 0)
{
return a;
}
gcd(b,a%b) ;
}
ll lcm(ll a , ll b)
{
return a*b/gcd(a,b) ;
}
int main()
{
int n , a ;
while(~scanf("%d%d",&n,&a) && (n+a))
{
ll ans = 1 ;
for(int i = 0 ; i < n ; ++i)
{
int m ;
scanf("%d",&m) ;
ans = lcm(ans,m) ;
}
printf("%I64d\n",ans-a) ;
}
return 0 ;
}
与君共勉
hdu 1788 Chinese remainder theorem again 最小公倍数
标签：hdu1788 最小公倍数 chinese remainder th
原文地址：http://blog.csdn.net/lionel_d/article/details/44783493
