srm 530

srm 529感觉题并不是很有趣，所以不打算写题解辣>_<

250

Solution

唔，这是个傻逼题，随便暴力下就好= =

Code

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef pair<int,int> pii; 
class GogoXCake { 
public: 
   string solve( vector <string> cake, vector <string> cutter ) { 
     int m = cutter.size(), n = cutter[0].size(); 
     for (int i = 0; i + m <= cake.size(); ++i) {       
        for (int j = 0; j + n <= cake[0].size(); ++j) { 
            bool canUse = true; 
            for (int x = 0; x < m; ++x) 
                for (int y = 0; y < n; ++y) 
                     if (cutter[x][y] == ‘.‘ && cake[i + x][j + y] == ‘X‘) 
                        canUse = false; 
            if (canUse) { 
                 for (int x = 0; x < m; ++x) 
                    for (int y = 0; y < n; ++y) 
                        if (cutter[x][y] == ‘.‘) 
                            cake[i + x][j + y] = ‘X‘; 
            } 
        }    
     } 
     for (int i = 0; i < cake.size(); ++i) 
        for (int j = 0; j < cake[0].size(); ++j) 
            if (cake[i][j] == ‘.‘) 
                return "NO"; 
     return "YES"; 
   } 
}; 

500

Description：

给定一个邻接矩阵表示的图，求$0\sim n-1$最多有多少条路径，满足这些路径按一定顺序排列后每条路径至少出现一条之前没有出现过的边。

Solution

感觉这是道非常好的题，可惜自己太弱，听别人讲了才会>_<
首先求出传递闭包，然后我们保留那些能从$0$到达并且能到$n-1$的点，标记除$0,n-1$外所有点visited为false。
然后我们找一个没走过的点$v$，从一个走过的点$u$走到$v$，然后把$v$标记为走过。当所有点都标记为走过的时候，随意选一个没走过的边，都可以用已经走过的边形成一条路径。
所以最开始用来标记这$n-2$个点一共用了$n-1$条边，形成一条路径。其余$m-(n-1)=m-n+1$条边每条边都形成一个新的路径，所以一共有$1+m-n+1=m-n+2$条路径。
真是一道很好的题

Code:

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 55;
bool g[N][N];
class GogoXMarisaKirisima {
    public:
    int solve(vector <string> choices) {
        int n = choices.size();
        for (int i = 0; i < n; ++i) {
            g[i][i] = 1;
            for (int j = 0; j < n; ++j)
                if (choices[i][j] == ‘Y‘)   g[i][j] = 1;
        }
        for (int k = 0; k < n; ++k)
            for (int i = 0; i < n; ++i)
                for (int j = 0; j < n; ++j)
                    g[i][j] |= g[i][k] & g[k][j];
        if (!g[0][n - 1])   return 0;
        int ans = 0;
        for (int i = 0; i < n; ++i)
            for (int j = 0; j < n; ++j)
                if (choices[i][j] == ‘Y‘ && g[0][i] && g[j][n - 1]) ++ans;
        for (int i = 1; i < n - 1; ++i)
            if (g[0][i] && g[i][n - 1]) --ans;
        return ans;
    }
};