【Huffman树】【贪心】【NOI 2015】【bzoj 4198】荷马史诗

4198: [Noi2015]荷马史诗

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Description

追逐影子的人，自己就是影子。 ——荷马

Allison 最近迷上了文学。她喜欢在一个慵懒的午后，细细地品上一杯卡布奇诺，静静地阅读她爱不释手的《荷马史诗》。但是由《奥德赛》和《伊利亚特》组成的鸿篇巨制《荷马史诗》实在是太长了，Allison 想通过一种编码方式使得它变得短一些。

一部《荷马史诗》中有 n 种不同的单词，从 1 到 n 进行编号。其中第 i 种单词出现的总次数为 wi。Allison 想要用 k 进制串 si 来替换第 i 种单词，使得其满足如下要求:

对于任意的 1≤i,j≤n，i≠j，都有：si 不是 sj 的前缀。

现在 Allison 想要知道，如何选择 si，才能使替换以后得到的新的《荷马史诗》长度最小。在确保总长度最小的情况下，Allison 还想知道最长的 si 的最短长度是多少？

一个字符串被称为 k 进制字符串，当且仅当它的每个字符是 0 到 k?1 之间（包括 0 和 k?1）的整数。

字符串 Str1 被称为字符串 Str2 的前缀，当且仅当：存在 1≤t≤m，使得 Str1=Str2[1..t]。其中，m 是字符串 Str2 的长度，Str2[1..t] 表示 Str2 的前 t 个字符组成的字符串。

Input

输入文件的第 1 行包含 2 个正整数 n,k，中间用单个空格隔开，表示共有 n 种单词，需要使用 k 进制字符串进行替换。

接下来 n 行，第 i+1 行包含 1 个非负整数 wi，表示第 i 种单词的出现次数。

Output

输出文件包括 2 行。

第 1 行输出 1 个整数，为《荷马史诗》经过重新编码以后的最短长度。
第 2 行输出 1 个整数，为保证最短总长度的情况下，最长字符串 si 的最短长度。

Sample Input

4 2
1
1
2
2

Sample Output

12
2

HINT

用 X(k) 表示 X 是以 k 进制表示的字符串。

一种最优方案：令 00(2) 替换第 1 种单词，01(2) 替换第 2 种单词，10(2) 替换第 3 种单词，11(2) 替换第 4 种单词。在这种方案下，编码以后的最短长度为：

1×2+1×2+2×2+2×2=12
最长字符串 si 的长度为 2。

一种非最优方案：令 000(2) 替换第 1 种单词，001(2) 替换第 2 种单词，01(2) 替换第 3 种单词，1(2) 替换第 4 种单词。在这种方案下，编码以后的最短长度为：

1×3+1×3+2×2+2×1=12
最长字符串 si 的长度为 3。与最优方案相比，文章的长度相同，但是最长字符串的长度更长一些。

对于所有数据，保证 2≤n≤100000，2≤k≤9。
选手请注意使用 64 位整数进行输入输出、存储和计算。

题解：

如果没有想到Huffman就跪了。。
分析题目，发现出现次数其实就是权重，我们要求的就是一种编码方案使得权重×编码长和最小，可以直接套k叉Huffman树乱搞。
类比合并果子，考虑倒着进行编码。从叶子节点开始编码，每次取出最小k个数合成一个x，然后编码长加1(实际上是倒着的，但其实是一样的)，再把x扔回去，以此类推。
注意：
可能会有空节点，即可能存在一个节点儿子不足k个，这就需要补零以防出错，常用的判断方法：(n-1)%(k-1)，等于0代表是满k叉树。
（因为对于一棵满k叉树，任意节点要么有k个儿子，要么没有儿子，设叶子节点有x个，则(n-x)*k=n-1，推导一下即可）

Code：

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define LL long long
struct H{
    LL w; int l;
    bool operator < (const H &a) const {
        if (w!=a.w) return a.w<w;
        return a.l<l;
    }
};
priority_queue<H> h;
int n,k,nn; LL ans=0;
int in(){
    int x=0; char ch=getchar();
    while (ch<‘0‘ || ch>‘9‘) ch=getchar();
    while (ch>=‘0‘ && ch<=‘9‘) x=x*10+ch-‘0‘,ch=getchar();
    return x;
}
LL Lin(){
    LL x=0; char ch=getchar();
    while (ch<‘0‘ || ch>‘9‘) ch=getchar();
    while (ch>=‘0‘ && ch<=‘9‘) x=x*10+(LL)(ch-‘0‘),ch=getchar();
    return x;
}
int main(){
    n=in(),k=in(); nn=n;
    for (int i=1; i<=n; i++){
        LL x=Lin();
        h.push((H){x,1});
    }
    if ((n-1)%(k-1)) nn+=(k-1)-((n-1)%(k-1));
    for (int i=n+1; i<=nn; i++)
        h.push((H){0,1});
    while (nn>1){
        LL s1=0; int s2=0;
        for (int i=1; i<=k; i++){
            H x=h.top(); h.pop();
            s1+=x.w; s2=max(s2,x.l);
        }
        ans+=s1; nn-=(k-1);
        h.push((H){s1,s2+1});
    }
    printf("%lld\n%d\n",ans,h.top().l-1);
    return 0;
}